1．(2013·高考北京卷)以下实验事实不能用平衡挪动原理解释的是()A.B.t/℃2550100Kw/10－14C.D.c(NH3·H2O)/(mol·L－1)pH解析：选C。A.二氧化氮气体中存在平衡：2NO2N2O4，体系的温度变化会使平，温度升高促进水的电离，，加速了过氧化氢的分解，这是二氧化锰的催化作用，，但其pH的变化小于1，说明氨水在稀释的过程中平衡：NH3·H2ONH＋OH－发生了挪动。2．(双选)(2013·高考江苏卷)一定条件下存在反响：CO(g)＋H2O(g)CO2(g)＋H2(g)，其正反响放热。现有三个一样的2L恒容绝热(与外界没有热量交换)密闭容器Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ，在Ⅰ中充入1molCO和1molH2O，在Ⅱ中充入1molCO2和1molH2，在Ⅲ中充入2molCO和2molH2O，700℃条件下开场反响。到达平衡时，以下说法正确的选项()A．容器Ⅰ、Ⅱ中正反响速率一样B．容器Ⅰ、Ⅲ中反响的平衡常数一样C．容器Ⅰ中CO的物质的量比容器Ⅱ中的多D．容器Ⅰ中CO的转化率与容器Ⅱ中CO2的转化率之和小于1解析：选CD。分析题给化学方程式的特点，应用化学平衡挪动原理分析、处理咨询题。容器Ⅰ中反响正向进展，放出热量，容器Ⅱ中反响逆向进展，吸收热量，两个容器中反响温度不同，则Ⅰ、Ⅱ中正反响速率不一样，A错。容器Ⅲ中参加反响物的量比容器Ⅰ中多，由于该反响为放热反响，Ⅲ中放出热量比Ⅰ多，Ⅲ中反响正向进展的程度比Ⅰ小，因而容器Ⅲ中反响的化学平衡常数比Ⅰ小，B错。Ⅰ中反响正向进展，放出热量，Ⅱ中反响逆向进展，吸收热量，由于容器均为绝热容器，Ⅰ和Ⅱ中反响进展的程度均较小，则C、D均正确。3．(2013·高考大纲全国卷)反响X(g)＋Y(g)2Z(g)ΔH＜0，到达平衡时，以下说法正确的选项()A．减小容器体积，平衡向右挪动B．参加催化剂，Z的产率增大C．增大c(X)，X的转化率增大D．降低温度，Y的转化率增大解析：选D。依照该反响的特点结合平衡挪动原理逐项分析。A．该反响为反响前后气体物质的量不变的反响，平衡不受压强妨碍，减小容器体积，，c(X)，平衡正向挪动，Y的转化率增大，X，降低温度，平衡正向挪动，Y的转化率增大。4．(双选)(2013·高考上海卷)某恒温密闭容器中，可逆反响A(s)B＋C(g)－Q到达平衡。缩小容器体积，重新到达平衡时，C(g)的浓度与缩小体积前的平衡浓度相等。以下分析正确的选项()A．产物B的状态只能为固态或液态B．平衡时，单位时间内n(A)耗费∶n(C)耗费＝1∶1C．保持体积不变，向平衡体系中参加B，平衡可能向逆反响方向挪动D．假设开场时向容器中参加1molB和1molC，到达平衡时放出热量Q解析：选BC。假设B为气体，且原平衡时B与C的浓度相等时，因容器保持恒温，缩小容器体积，到达新平衡时平衡常数不变，则气体C的浓度也一定不变，故A项错误；平衡时，各物质的量不再改变，因而单位时间内n(A)耗费＝n(C)耗费，B项正确；保持体积不变，假设B为气态，则向平衡体系中参加B，平衡逆向挪动，C项正确；因反响为可逆反响，故参加1molB和1molC至反响到达平衡时不能完全耗费，放出热量小于Q，D项错误。5．(1)(2012·高考海南卷)可逆反响A(g)＋B(g)C(g)＋D(g)。推断该反响是否到达平衡的依照为________(填正确选项前的字母)：a．压强不随时间改变b．气体的密度不随时间改变c．c(A)不随时间改变d．单位时间里生成C和D的物质的量相等答案：c(2)(2012·高考江苏卷)用氨水可使燃煤烟气脱硫，其原理为用氨水将SO2转化为NH4HSO3，再氧化成(NH4)2SO4，化学反响为2NH3＋SO2＋H2O===(NH4)2SO3(NH4)2SO3＋SO2＋H2O===2NH4HSO3能提高燃煤烟气中SO2去除率的措施有________(填字母)。A．增大氨水浓度B．升高反响温度C．使燃煤烟气与氨水充分接触D．通入空气使HSO转化为SO采纳上述方法脱硫，并不需要预先除去燃煤烟气中大量的CO2，缘故是________________________(用离子方程式表示)。解析：增大氨水浓度，使燃煤烟气与氨水充分接触，都能有效提高SO2的去除率；升高温度，不利于SO2的溶解，生成物在高温下也易分解；D项，通入空气，空气中的CO2会耗费氨水，不利于SO2的吸收，应选A、C。H2SO3的酸性强于H2CO3，抑制CO2的溶解，原理为HCO＋SO2===CO2＋HSO。答案：ACHCO＋SO2===CO2＋HSO
