四、待定系数法在数列问题中的应用典型例题:例1.已知na为等差数列,nS为其前n项和。若11a=2,23Sa,则2a=▲;nS=▲【答案】1;211nn44。【考点】等差数列【解析】设等差数列的公差为d,根据等差数列通项公式和已知11a=2,23Sa得22221a=1a=d211d=a=ad22。∴112naan1d11S=n=nn244。例2..已知递增的等差数列na满足11a,2324aa,则na▲。【答案】21n-。【考点】等差数列。【解析】设递增的等差数列na的公差为d(0d>),由2324aa得212(1)4dd+=+-,解得2d=±,舍去负值,2d=。∴21nan=-。例3.设公比为(0)qq的等比数列na的前n项和为nS.若2232Sa,4432Sa,则q▲.【答案】32。【考点】等比数列的性质,待定系数法。【解析】用待定系数法将2232Sa,4432Sa两个式子全部转化成用1a,q表示的式子:111233111113232aaqaqaaqaqaqaq,1两式作差得:2321113(1)aqaqaqq,即:2230qq,解之得:32q或1q(舍去)。例4.已知等比数列{an}为递增数列,且251021,2()5nnnaaaaa,则数列{an}的通项公式an=▲。【答案】2n。【考点】等比数列的通项公式。【解析】设等比数列{an}的公比为q。 2510aa,∴42911()aqaq。∴1aq,nnaq。又 212()5nnnaaa,∴22(1)5nnaqaq。∴22(1)5qq。解得2q或12q。又 等比数列{an}为递增数列,∴舍去12q。∴2nna。例5.已知{na}是等差数列,其前n项和为nS,{nb}是等比数列,且1a=1=2b,44+=27ab,44=10Sb.(Ⅰ)求数列{na}与{nb}的通项公式;(Ⅱ)记1121=+++nnnnTababab,+nN,证明+12=2+10nnnTab+()nN.【答案】解:(1)设等差数列的公差为d,等比数列的公比为q,由1a=1=2b,得344423286adbqsd,,。由条件44+=27ab,44=10Sb得方程组332322786210dqdq,解得32dq。∴+312nnnanbnN,,。(Ⅱ)证明:由(1)得,231212222nnnnnTaaaa①;2∴234+112122222nnnnnTaaaa②;由②-①得,234112232112+222+22nnnnnnnnnnTaaaaaaaaaab23423412+232323+2322=2+4+3222+2412=2+4+3=2+412+62=2+4+61212=2+1012nnnnnnnnnnnnnnnnnabababababbab∴+12=2+10nnnTab+()nN。【考点】等差数列与等比数列的综合;等差数列和等比数列的通项公式。【分析】(Ⅰ)直接设出首项和公差,根据条件求出首项和公差,即可求出通项。(Ⅱ)写出nT的表达式,借助于错位相减求和。还可用数学归纳法证明其成立。例6.已知等差数列na前三项的和为-3,前三项的积为8.(Ⅰ)求等差数列na的通项公式;(II)若231,,aaa成等比数列,求数列na的前n项的和。【答案】解:(Ⅰ)设等差数列na的公差为d,则21aad,312aad,由题意得1111333,()(2)8.adaadad解得12,3,ad或14,3.ad∴由等差数列通项公式可得23(1)35nann,或43(1)37nann。∴等差数列na的通项公式为35nan,或37nan。(Ⅱ)当35nan时,2a,3a,1a分别为1,4,2,不成等比数列;当37nan时,2a,3a,1a分别为1,2,4,成等比数列,满足条件。∴37,1,2,|||37|37,3.nnnannn记数列{||}na的前n项和为nS,当1n时,11||4Sa;当2n时,212||||5Saa;3当3n时,234||||||nnSSaaa5(337)(347)(37)n2(2)[2(37)]311510222nnnn。当2n时,满足此式。综上,24,1,31110,1.22nnSnnn【考点】等差等比数列的通项公式,和前n项和公式及基本运算。【解析】(Ⅰ)设等差数列na的公差为d,根据等差数列na前三项的和为-3,前三项的积为8列方程组求解即可。(II)对(Ⅰ)的结果验证符合231,,aaa成等比数列的数列,...