限时集训(四十五)空间向量在立体几何中的应用(限时:50分钟满分:112分)1.(满分14分)如图,在△ABC中,∠ABC=60°,∠BAC=90°,AD是BC上的高,沿AD把△ABD折起,使∠BDC=90°.(1)证明:平面ADB⊥平面BDC;(2)设E为BC的中点,求与夹角的余弦值.2.(满分14分)(·孝感模拟)如图所示,四棱锥P-ABCD中,底面ABCD为正方形,PD⊥平面ABCD,PD=AB=2,E、F、G分别为PC、PD、BC的中点.(1)求证:PA⊥EF;(2)求二面角D-FG-E的余弦值.3.(满分14分)如图,在正三棱柱ABC-A1B1C1中,AB=AA1,点D是A1B1的中点,点E在A1C1上且DE⊥AE.(1)证明:平面ADE⊥平面ACC1A1;(2)求直线AD和平面ABC1所成角的正弦值.4.(满分14分)(·江西高考)如图所示,在三棱柱ABC-A1B1C1中,已知AB=AC=AA1=,BC=4,点A1在底面ABC的投影是线段BC的中点O.(1)证明在侧棱AA1上存在一点E,使得OE⊥平面BB1C1C,并求出AE的长;(2)求平面A1B1C与平面BB1C1C夹角的余弦值.5.(满分14分)如图所示,在多面体ABCD-A1B1C1D1中,上,下两个底面A1B1C1D1和ABCD互相平行,且都是正方形,DD1⊥底面ABCD,AB=2A1B1=2DD1=2a.(1)求异面直线AB1与DD1所成角的余弦值;(2)已知F是AD的中点,求证:FB1⊥平面BCC1B1;(3)在(2)的条件下,求二面角F-CC1-B的余弦值.6.(满分14分)如图,在四棱锥P-ABCD中,底面ABCD为菱形,∠BAD=60°,Q为AD的中点.(1)若PA=PD,求证:平面PQB⊥平面PAD;(2)设点M在线段PC上,=,求证:PA∥平面MQB;(3)在(2)的条件下,若平面PAD⊥平面ABCD,且PA=PD=AD=2,求二面角M-BQ-C的大小.7.(满分14分)(·福建高考)如图所示,在长方体ABCD-A1B1C1D1中,AA1=AD=1,E为CD中点.(1)求证:B1E⊥AD1;(2)在棱AA1上是否存在一点P,使得DP∥平面B1AE?若存在,求AP的长;若不存在,说明理由;(3)若二面角A-B1E-A1的大小为30°,求AB的长.8.(满分14分)在直角梯形ABCD中,AD∥BC,BC=2AD=2AB=2,∠ABC=90°,如图(1).把△ABD沿BD翻折,使得平面ABD⊥平面BCD.(1)求证:CD⊥AB;(2)若点M为线段BC中点,求点M到平面ACD的距离;(3)在线段BC上是否存在点N,使得AN与平面ACD所成角为60°?若存在,求出的值;若不存在,说明理由.答案[限时集训(四十五)]1.解:(1)证明: 折起前AD是BC边上的高,∴当△ABD折起后,AD⊥DC,AD⊥DB,又DB∩DC=D,∴AD⊥平面BDC, AD⊂平面ABD,∴平面ABD⊥平面BDC.(2)由∠BDC=90°及(1)知DA,DB,DC两两垂直,不妨设|DB|=1,以D为坐标原点,以,,的方向为x,y,z轴的正方向建立如图所示的空间直角坐标系,易得D(0,0,0),B(1,0,0),C(0,3,0),A(0,0,),E,∴=,=(1,0,0),∴与夹角的余弦值为cos〈,〉===.2.解:(1)证明:以D为坐标原点,建立如图所示的空间直角坐标系D-xyz,则D(0,0,0),A(0,2,0),C(-2,0,0),P(0,0,2),E(-1,0,1),F(0,0,1),G(-2,1,0).(1) =(0,2,-2),=(1,0,0),∴·=0,∴PA⊥EF.(2)易知=(0,0,1),=(-2,1,-1).设平面DFG的法向量为m=(x1,y1,z1),则即令x1=1,得m=(1,2,0)是平面DFG的一个法向量.同理可得n=(0,1,1)是平面EFG的一个法向量,∴cos〈m,n〉===,由图可知二面角D-FG-E为钝角,∴二面角D-FG-E的余弦值为-.3.解:(1)证明:由正三棱柱ABC-A1B1C1的性质知AA1⊥平面A1B1C1,又DE⊂平面A1B1C1,所以DE⊥AA1.而DE⊥AE,AA1∩AE=A,所以DE⊥平面ACC1A1.又DE⊂平面ADE,故平面ADE⊥平面ACC1A1.(2)如图所示,设O是AC的中点,以O为原点建立空间直角坐标系.不妨设AA1=,则AB=2,相关各点的坐标分别是A(0,-1,0),B(,0,0),C1(0,1,),D.易知=(,1,0),=(0,2,),=.设平面ABC1的一个法向量为n=(x,y,z),则有解得x=-y,z=-y.故可取n=(1,-,).所以,cos〈n,〉===.由此即知,直线AD和平面ABC1所成角的正弦值为.4.解:(1)证明:连接AO,在△AOA1中,作OE⊥AA1于点E,因为AA1∥BB1,所以OE⊥BB1.因为A1O⊥平面ABC,所以A1O⊥BC.因为AB=AC,OB=OC,得AO⊥BC,所以BC⊥平面AA1O,所以BC⊥OE,所以OE⊥平面BB1C1C,又AO==1,AA1=,得AE==.(2)如图,分别以OA,OB,OA1所在...