高考数学一轮复习 第7章 立体几何 第7讲 立体几何中的向量方法第2课时知能训练轻松闯关 理 北师大版-北师大版高三全册数学试题VIP专享VIP免费

第7讲立体几何中的向量方法第2课时1．在直三棱柱ABCA1B1C1中，若∠BAC＝90°，AB＝AC＝AA1，则异面直线BA1与AC1所成的角等于()A．30°B．45°C．60°D．90°解析：选C.不妨设AB＝AC＝AA1＝1，建立空间直角坐标系如图所示，则B(0，－1，0)，A1(0，0，1)，A(0，0，0)，C1(－1，0，1)，所以BA1＝(0，1，1)，AC1＝(－1，0，1)，所以cos〈BA1，AC1〉＝＝＝，所以〈BA1，AC1〉＝60°，所以异面直线BA1与AC1所成的角等于60°.2．在正方体ABCDA1B1C1D1中，点E为BB1的中点，则平面A1ED与平面ABCD所成的锐二面角的余弦值为()A.B.C.D.解析：选B.以A为原点建立如图所示的空间直角坐标系Axyz，设棱长为1，则A1(0，0，1)，E，D(0，1，0)，所以A1D＝(0，1，－1)，A1E＝，设平面A1ED的一个法向量为n1＝(1，y，z)，则所以所以n1＝(1，2，2)．因为平面ABCD的一个法向量为n2＝(0，0，1)，所以cos〈n1，n2〉＝＝.即所成的锐二面角的余弦值为.3．在正三棱柱ABCA1B1C1中，AB＝1，点D在棱BB1上，若BD＝1，则AD与平面AA1C1C所成角的正切值为________．解析：如图，设AD与平面AA1C1C所成的角为α，E为AC的中点，连接BE，则BE⊥AC，所以BE⊥平面AA1C1C，可得AD·EB＝(AB＋BD)·EB＝AB·EB＝1××＝＝××cosθ(θ为AD与EB的夹角)，所以cosθ＝＝sinα，所以所求角的正切值为tanα＝＝.1答案：4.如图所示，在空间直角坐标系中有直三棱柱ABCA1B1C1，CA＝CC1＝2CB，则直线BC1与直线AB1夹角的余弦值为________．解析：不妨令CB＝1，则CA＝CC1＝2，可得O(0，0，0)，B(0，0，1)，C1(0，2，0)，A(2，0，0)，B1(0，2，1)，所以BC1＝(0，2，－1)，AB1＝(－2，2，1)，所以cos〈BC1，AB1〉＝＝＝＝＞0.所以BC1与AB1的夹角即为直线BC1与直线AB1的夹角，所以直线BC1与直线AB1夹角的余弦值为.答案：5．已知单位正方体ABCDA1B1C1D1，E，F分别是棱B1C1，C1D1的中点．试求：(1)AD1与EF所成角的大小；(2)AF与平面BEB1所成角的余弦值．解：建立如图所示的空间直角坐标系，得A(1，0，1)，B(0，0，1)，D1(1，1，0)，E，F.(1)因为AD1＝(0，1，－1)，EF＝，所以cos〈AD1，EF〉＝＝，即AD1与EF所成的角为60°.(2)FA＝，由图可得，BA＝(1，0，0)为平面BEB1的一个法向量，设AF与平面BEB1所成的角为θ，则sinθ＝|cos〈BA，FA〉|＝＝，所以cosθ＝.即AF与平面BEB1所成角的余弦值为.6．(2015·高考重庆卷)如图，三棱锥PABC中，PC⊥平面ABC，PC＝3，∠ACB＝.D，E分别为线段AB，BC上的点，且CD＝DE＝，CE＝2EB＝2.(1)证明：DE⊥平面PCD；(2)求二面角APDC的余弦值．解：(1)证明：由PC⊥平面ABC，DE平面ABC，得PC⊥DE.由CE＝2，CD＝DE＝，得△CDE为等腰直角三角形，故CD⊥DE.由PC∩CD＝C，DE垂直于平面PCD内两条相交直线，故DE⊥平面PCD.(2)由(1)知，△CDE为等腰直角三角形，∠DCE＝.如图，过D作DF垂直CE于F，易知DF＝FC2＝FE＝1.又已知EB＝1，故FB＝2.由∠ACB＝，得DF∥AC，＝＝，故AC＝DF＝.以C为坐标原点，分别以CA，CB，CP的方向为x轴，y轴，z轴的正方向建立空间直角坐标系，则C(0，0，0)，P(0，0，3)，A，E(0，2，0)，D(1，1，0)，ED＝(1，－1，0)，DP＝(－1，－1，3)，DA＝.设平面PAD的法向量为n1＝(x1，y1，z1)，由n1·DP＝0，n1·DA＝0，得故可取n1＝(2，1，1)．由(1)可知DE⊥平面PCD，故平面PCD的法向量n2可取为ED，即n2＝(1，－1，0)，从而法向量n1，n2的夹角的余弦值为cos〈n1，n2〉＝＝，故所求二面角APDC的余弦值为.1.(2016·山西省考前质量检测)如图，四棱锥PABCD中，底面ABCD为梯形，PD⊥底面ABCD，AB∥CD，AD⊥CD，AD＝AB＝1，BC＝.(1)求证：平面PBD⊥平面PBC；(2)设H为CD上一点，满足CH＝2HD，若直线PC与平面PBD所成的角的正切值为，求二面角HPBC的余弦值．解：(1)证明：由AD⊥CD，AB∥CD，AD＝AB＝1，可得BD＝.又BC＝，所以CD＝2，所以BC⊥BD.因为PD⊥底面ABCD，所以PD⊥BC，又PD∩BD＝D，所以BC⊥平面PBD，又BC平面PBC，所以平面PBD⊥平面PBC.(2)由(1)可知∠BPC为PC与平面PBD所成的角，所以tan∠BPC＝，所以PB＝，PD＝1.由CH＝2HD及CD＝2，可得CH＝，DH＝.以点D为坐标原点，DA，DC，DP所在直线分别为x轴，y轴，z轴建立空间...