【创新设计】-学年高中物理4.2变压器对点练习鲁科版选修3-2变压器原理分析1．关于理想变压器的工作原理，以下说法正确的是()A．通有正弦交变电流的原线圈产生的磁通量不变B．穿过原、副线圈的磁通量在任何时候都不相等C．穿过副线圈磁通量的变化使得副线圈产生感应电动势D．原线圈中的电流通过铁芯流到了副线圈答案C解析通有正弦交变电流的原线圈产生的磁场是变化的，由于面积S不变，故磁通量Φ变化，A错误；因理想变压器无漏磁，故B错误；由互感现象知C正确；原线圈中的电能转化为磁场能又转化为电能，原副线圈通过磁场联系在一起，故D错误．理想变压器基本规律的应用2．理想变压器正常工作时，原、副线圈中的电流为I1、I2，电压为U1、U2，功率为P1、P2，关于它们之间的关系，下列说法中正确的是()A．I1由I2决定B．U2与负载有关C．P1由P2决定D．以上说法都不正确答案AC解析对理想变压器的电流关系可写成I1＝I2，原线圈中的电流与副线圈中的电流成正比，所以原线圈中的电流由副线圈中的电流决定；功率关系为：负载用多少，原线圈端就输入多少，因此选项A、C正确．3．如图4－2－8所示为一理想变压器，原、副线圈匝数比为20∶1，两个标有“12V，6W”的小灯泡并联在副线圈的两端．当两灯泡都正常工作时，原线圈电路中电压表和电流表(可视为理想电表)的示数分别是()图4－2－8A．120V，0.10AB．240V，0.025AC．120V，0.05AD．240V，0.05A答案D解析灯泡正常工作，副线圈电压U2＝12V，副线圈电流I2＝2×A＝1A，根据匝数比得原线圈电流I1＝I2＝0.05A，原线圈电压U1＝20U2＝240V，选项D正确．互感器的应用4．如图4－2－9所示，L1和L2是高压输电线，甲、乙是两只互感器，若已知n1∶n2＝1000∶1，n3∶n4＝1∶100，图中电压表示数为220V，电流表示数为10A，则高压输电线的送电功率为()图4－2－9A．2.2×103WB．2.2×10－2WC．2.2×108WD．2.2×104W答案C解析由电流互感器知高压输电线中电流I＝1000A，由电压互感器知高压U＝220×103V，则高压输电线功率P＝UI＝2.2×108W.(时间：60分钟)题组一变压器原理分析1．对理想变压器作出的判断正确的是()A．高压线圈匝数多、电流大、导线粗B．低压线圈匝数少、电流小、导线细C．高压线圈匝数多、电流大、导线细D．低压线圈匝数少、电流大、导线粗答案D解析电压高的匝数多，电流小，用细线．电压低的，匝数少，电流大，用粗线．2．如图4－2－10所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为n1∶n2＝4∶1，当导体棒在匀强磁场中向左做匀速直线运动切割磁感线时，电流表A1的示数是12mA，则电流表A2的示数为()图4－2－10A．3mAB．0C．48mAD．与负载R的值有关答案B解析本题考查了变压器的工作原理，关键要清楚交变电流能通过变压器，而恒定电流不能通过变压器．导体棒向左匀速切割磁感线时，在线圈n1中通过的是恒定电流，不能引起穿过线圈n2的磁通量变化，在副线圈n2上无感应电动势出现，所以A2中无电流通过．题组二变压器基本规律的应用3．一理想变压器，原线圈和副线圈的匝数分别为n1和n2，正常工作时输入和输出的电压、电流、功率分别为U1和U2、I1和I2、P1和P2，已知n1＞n2，则下列判断错误的是()A．U1＞U2B．P1＝P2C．I1＜I2D．P1＞P2答案D解析因变压器为理想变压器，故有＝，P1＝P2，由题意知n1＞n2，则U1＞U2，又因I1U1＝I2U2，则I1＜I2，故选项A、B、C正确．4．如图4－2－11所示是霓虹灯的供电电路，变压器可视为理想变压器．已知变压器原线圈与副线圈匝数比＝，加在原线圈的电压为u1＝311sin100πtV．霓虹灯正常工作的电阻R＝440kΩ，I1、I2表示原、副线圈中的电流．下列判断正确的是()图4－2－11A．副线圈两端电压为6220V，副线圈中的电流14.1mAB．副线圈两端电压为4400V，副线圈中的电流10.0mAC．I1＜I2D．I1＞I2答案BD解析原线圈电压的有效值U1＝＝V＝220V，由变压比＝知，U2＝＝4400V，副线圈的电流I2＝＝A＝0.01A＝10mA，原、副线圈电流跟匝数成反比，故I1＞I2.5．如图4－2－12所示，一输入电压为220V、输出电压为36V的变压器副线圈烧坏．为获知此变压器原、副线圈匝数，某同学拆下烧坏的副线圈，用绝缘导线在铁芯上新绕了5匝线圈，然后将原线圈接到220...
