对变压器动态分析的考查1、如图所示，某理想变压器的原线圈接一交流电，副线圈接如图所示电路，开关S原来闭合，且R1＝R2.现将S断开，那么交流电压表的示数U、交流电流表的示数I、电阻R1上的功率P1及该变压器原线圈的输入功率P的变化情况正确的是()A．U增大B．I增大C．P1减小D．P减小答案AD解析开关S由闭合到断开时，负载的总电阻变大，变压器的输出电压U2不变，则输出电流I2变小，R上的电压变小，R1上的电压U变大，电阻R1上的功率P1＝＝，R1不变，U变大，则P1增大，故A正确，C错误．由电流与匝数的关系可知电流表的示数I减小，B错误．输出功率P出＝I2U2，U2不变，I2减小，则P出减小，输入功率等于输出功率，所以D正确．2、(2012·福建理综·14)如图所示，理想变压器原线圈输入电压u＝Umsinωt，副线圈电路中R0为定值电阻，R是滑动变阻器.和是理想交流电压表，示数分别用U1和U2表示；和是理想交流电流表，示数分别用I1和I2表示．下列说法正确的是()A．I1和I2表示电流的瞬时值B．U1和U2表示电压的最大值C．滑片P向下滑动过程中，U2不变、I1变大D．滑片P向下滑动过程中，U2变小、I1变小解析电路中交流电表的示数为有效值，故A、B项均错误；P向下滑动过程中，R变小，由于交流电源和原、副线圈匝数不变，U1、U2均不变，所以I2＝变大，由＝，得I1＝I2变大，故C项正确，D项错误．答案C3、如图甲所示，T为理想变压器，原、副线圈匝数比为10∶1，副线圈所接电路中，电压表V1、V2和电流表A1、A2都为理想电表，电阻R1＝4Ω，R2＝6Ω，R3的最大阻值为12Ω，原线圈两端加上如图乙所示规律变化的电压．在R3的滑片自最下端滑动到最上端的过程中，以下说法正确的是()图5A．电压表V1的示数增大B．电压表V2的示数为20VC．电流表A1、A2的示数都增大D．电压表V1的示数与电流表A1的示数的乘积一直减小1答案D解析当R3的滑片向上移动时，R2、R3的总电阻减小，分压减小，所以电压表V1的示数减小，A错误．由变压比公式＝得U2＝22V，B错误．根据“串反并同”得电流表A1的示数增大，电流表A2的示数减小，C错误．电压表V1的示数与电流表A1的示数的乘积为电阻R2、R3消耗的功率之和，由于P入＝P出＝P1＋P23，且P入＝P出不变，P1增大，故P23减小，D正确．4、(2011·福建理综·15)图甲中理想变压器原、副线圈的匝数之比n1∶n2＝5∶1，电阻R＝20Ω，L1、L2为规格相同的两只小灯泡，S1为单刀双掷开关．原线圈接正弦交变电源，输入电压u随时间t的变化关系如图乙所示．现将S1接1，S2闭合，此时L2正常发光．下列说法正确的是()A．输入电压u的表达式u＝20sin(50πt)VB．只断开S2后，L1、L2均正常发光C．只断开S2后，原线圈的输入功率增大D．若S1换接到2后，R消耗的电功率为0.8W答案D解析由图象乙可知Um＝20V，T＝0.02s，故ω＝＝100πrad/s，即输入电压u的表达式u＝20sin(100πt)V，所以A项错误．断开S2后两灯串联，总电压仍为4V，所以L1、L2均不能正常发光，B项错误．根据P入＝P出＝可知断开S2后R总增大，P入变小，P出变小，C项错误．若S1接2，由P＝可得P＝W＝0.8W，D项正确．5、某同学自制变压器，原线圈为n1匝，在做副线圈时，将导线ab对折后并在一起，在铁芯上绕n2圈，从导线对折处引出一个接头c，连成图所示电路．S为单刀双掷开关，线圈电阻不计，原线圈接u1＝Umsinωt的交流电源．下列说法正确的是()A．S接b时，电压表示数为B．S接c时，电压表示数为C．S接c时，滑动触头P向下移动，变压器输入功率变大D．S接c时，滑动触头P向上移动，变压器输入电流变大答案BD解析S接b时，双导线ab产生的感应电动势抵消为零，电压表示数为零，选项A错误；S接c时，副线圈的电动势就是一个n2线圈产生的感应电动势，由＝、U1＝，所以U2＝，选项B正确；P向下滑时，R变大，消耗的功率变小，因此输入功率也变小，同理分析，P向上滑时，R减小，回路电流变大，由I1n1＝I2n2知输入电流变大，选项C错误，D正确．26、如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数分别是n1、n2，b是原线圈的中心抽头，图中电表均为理想的交流电表，副线圈接定值电阻R，其余电阻不计．从某时刻开始在原线圈c、d两端加上如图乙所示的交变电压．当单刀双掷开关由a拨向b后...
