[课时跟踪训练](满分60分时间30分钟)一、选择题(每小题至少有一个选项正确，选对得5分，选不全得3分，错选不得分，共40分)1．以下说法中错误的是()A．在外电路中和电源内部，正电荷都受到静电力的作用，所以能不断定向移动形成电流B．静电力与非静电力都可以使电荷移动，所以本质上都是使电荷的电势能减少C．在电源内部正电荷能从负极到正极是因为电源内部只存在非静电力而不存在静电力D．静电力移动电荷做功电势能减少，非静电力移动电荷做功电势能增加解析：电源内部非静电力做功使电荷的电势能增加，引出了电动势的概念，来描述非静电力的做功本领。静电力移动电荷做正功的过程使电势能减少，D项对。答案：ABC2．手电筒里的两节干电池，已经用过较长时间，灯泡只发出很微弱的光。把它们取出来用电压表测电压，电压表示数很接近3V；再把它们作为一台式电子钟的电源，电子钟能正常工作。下列说法中正确的是()A．这两节干电池的电动势减小了很多B．这两节干电池的内电阻增加了很多C．这个台式电子钟的额定电压一定比手电筒小灯泡的额定电压小D．这个台式电子钟正常工作的电流一定比小灯泡的正常工作时的电流大解析：两节干电池电动势基本上没变，灯不太亮，说明电池内阻增大了，电流变小了。可用于电子钟，说明电子钟的工作电流比灯泡的小。答案：B3．如图1所示，开关S1、S2均处于闭合状态，在分别断开S1、S2后的短暂过程中，关于流过电阻R1、R2的电流方向，以下判断正确的是()A．若只断开S1，流过R1的电流方向为自左向右图1B．若只断开S1，流过R1的电流方向为自右向左C．若只断开S2，流过R2的电流方向为自左向右D．若只断开S2，流过R2的电流方向为自右向左解析：S1与S2均闭合时，C两端电压等于R2两端电压，其带电荷量Q＝C·U2＝C··R2。只断开S1后，C直接与电源连接，UC＝E，带电荷量Q′>Q，即电源又给电容器C充了一些电，有电流从左向右流过R1，A正确B错误。当只断开S2时，电容器C通过R2放电，有电流自左向右流过R2，C正确D错误。答案：AC4．某电池当外电路断开时的路端电压为3V，接上8Ω的负载电阻后其路端电压降为2.4V，则可以断定该电池的电动势E和内阻r为()A．E＝2.4Vr＝1ΩB．E＝3Vr＝2ΩC．E＝2.4Vr＝2ΩD．E＝3Vr＝1Ω解析：由题知，电源的电动势为3V，接入外电阻，外电压为2.4V，I＝U/R＝0.3A，由I＝E/(R＋r)解得r＝2Ω。答案：B5．(2011·扬州高二检测)如图2所示，已知C＝6μF，R1＝5Ω，R2＝6Ω，E＝6V，r＝1Ω，开关S原来处于断开状态，下列说法中正确的是()A．开关S闭合瞬间，电流表的读数为0.5A图2B．开关S闭合瞬间，电压表的读数为5.5VC．开关S闭合经过一段时间，再将开关S迅速断开，则通过R2的电荷量为1.8×10－5CD．以上说法都不对解析：开关S闭合瞬间，电容器充电，接近于短路状态I≈＝A＝1A。电压U＝IR1＝5V<5.5V，故A、B错。开关闭合一段时间后，电容器相当于断路，I′＝＝A＝0.5A。此时电容器上电荷量Q＝CU2＝CI′R2＝6×10－6×0.5×6C＝1.8×10－5C。断开开关S后，电荷量Q经R2释放，故C正确。答案：C6．在如图3所示的电路中，E为电源的电动势，r为电源的内电阻，R1、R2为可变电阻。在下列叙述的操作中，可以使灯泡L的亮度变暗的是()A．仅使R1的阻值增大图3B．仅使R1的阻值减小C．仅使R2的阻值增大D．仅使R2的阻值减小解析：要使灯泡L的亮度变暗，应使流过灯泡的电流变小，因此可以减小R2，从而减小电源的路端电压，以减少灯泡L中的电流，也可增大R1，以增大电源的路端电压，增大流过R2的电流，减小电源的电流，由I＝IR1＋IR2可知，流过灯泡的电流减小，故A、D正确。答案：AD7．(2011·海南高考)如图4所示，E为内阻不能忽略的电池，R1、R2、R3为定值电阻，S0、S为开关，与分别为电压表与电流表。初始时S0与S均闭合，现将S断开，则()A．的读数变大，的读数变小图4B．的读数变大，的读数变大C．的读数变小，的读数变小D．的读数变小，的读数变大解析：当S断开后，闭合电路的总电阻增加，根据闭合电路欧姆定律可知，总电流减小，故路端电压U＝E－Ir增加，即的读数变大；由于定值电阻R1两端的电压减小，故R3两端的电压增加，通过R3的电流增加，即的读数变大；...
