1实变函数练习及答案一、选择题1、以下集合,()是不可数集合。.A所有系数为有理数的多项式集合;.B[0,1]中的无理数集合;.C单调函数的不连续点所成集合;.D以直线上互不相交的开区间为元素的集。2、设E是可测集,A是不可测集,0mE,则EAU是().A可测集且测度为零;.B可测集但测度未必为零;.C不可测集;.D以上都不对。3、下列说法正确的是().A()fx在[,]abL—可积()fx在[,]abL—可积;.B()fx在[,]abR—可积()fx在[,]abR—可积;.C()fx在[,]abL—可积()fx在[,]abR—可积;.D()fx在,aR—广义可积()fx在[,]abL—可积4、设{}nE是一列可测集,12......,nEEE则有().A1()limnnnnmEmEU;.B1()limnnnnmEmEU;.C1()limnnnnmEmEI;.D以上都不对。5、ABCABCU成立的充分必要条件是().AAB;.BBA;.CAC;.DCA。6、设E是闭区间0,1中的无理点集,则().A1mE;.B0mE;.CE是不可测集;.DE是闭集。7、设mE,nfx是E上几乎处处有限的可测函数列,fx是E上几乎处处有限的可测函数,则nfx几乎处处收敛于fx是nfx依测度收敛于fx的()2.A必要条件;.B充分条件;.C充分必要条件;.D无关条件。8、设fx是E上的可测函数,则().Afx是E上的连续函数;.Bfx是E上的勒贝格可积函数;.Cfx是E上的简单函数;.Dfx可表示为一列简单函数的极限。c二、填空题:1、设nER,0nxR,如果0x的任何邻域中都含有E的点,则称0x是E的聚点。2、设nER,若E是有界点集,则E至少有一个聚点。3、设fx是E上的可测函数,0mA,则fx是EAU上的函数。4、设在E上,nfx依测度收敛于fx,则存在nfx的子列knfx,使得在E上,knfx敛于fx。5、设设1[1,2],(1,2,...)nAnn,则limnnA________________。6设P是Cantor集,[0,1]GP,则mG___________。7、写出一个(0,1)与(,)之间一一对应关系式___________________。8.设2,,xexfxxx是有理数是无理数,则01()Lfxdx,。9、设E是[0,1][0,1]中有理数全体,则E的闭包E为_____________。10、直线上的任意非空开集可以表示成___________________________________的并集。三、判断题。1、2R与3R的势是不等的。⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯()2、设mE,{()}nfx为E上一列.ae有限的可测函数,若在E上{()}nfx.ae收敛于.ae有限的可测函数()fx,则{()}nfx在E上依测度收敛于()fx。⋯⋯⋯⋯()3、若{()},1,lim()(),PpnnnfxLpfxfxL则lim0npnff。⋯⋯⋯⋯⋯()34、设()fx在(0,)上R可积,则()fx在(0,)上必L可积。⋯⋯⋯⋯⋯⋯()5、若P不是E的聚点,则P是E的孤立点。⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯()6、设0mE,则对E上的任何实值函数()fx都有()0Efxdx。⋯⋯⋯⋯⋯⋯()7、设f在qER上可测,则由f在E上可积可以推出f在E上可积,但反之不对。⋯()8、若{}nf为E上非负单调可测函数列,且lim()()nnfxfx,则lim()()nEEnfxdxfxdx。⋯()四、计算题与证明题1、证明:若AB,BBC:U,则AAC:U。2、设fx是1R上的实值连续函数,a是任意给定的实数,证明Gxfxa是开集。3、设1E,2E都是可测集,试证:121212mEmEmEEmEEUI。4、设在可测集E上,nfxfx,且1.nnfxfxae于1,2,EnLL,试证明:lim..nnfxfxae于E.5、设nfxfx,nfxgx,则)()(xgxf在E上几乎处处成立.46、叙述并且证明鲁津定理的逆定理.7、计算2201lim(1)nnnxdxx。8、若111,,0,,rpqrpq且有关函数的积分存在,证明:rpqfgfg。答案一.选择题1.B2.C3.A4.B5.D6.A7.B8.D二.填空题1.无穷多个2.无穷3.可测4.几乎处处收敛5.[1,2]6.17.yctgx8.139.[0,1][0,1]10.有限个或可列个构成区间三、判断题1.×2.√3.×4.×5.×6.√7、×8.×四、证明与计算1.证明:根据集合的性质有:AABCABCUUIUACABCBCUUUU并且集合ABCU与ABCIU,ABCU与BCU是不相交的。由于BA,因此BABCBCIUU,由题设BBC:U可知ABCBCIU:U,5于是AAC:U。2、设/0xA,则存在A中的互异点列nx,使得0nxx,因fx连续,所以0limnnfxfx,而,1,2,nfxanLL,由极限的保号性,0fxa,因此0xA,故A是闭集。由于GA,故G是开集。3、证明:由于1E,2E都是可测集,根据可测集的性质,12EEU和12EEI都是可测集。如果1mE和2mE中至少有一个为,则结论显然成立。设1mE,2mE。根据集合的性质可知1211221212EEEEEEEEEEUIUIUI而且上式右端三个集合是两两不相交的可测集,因此根据测度的有限可...