（测控导航）2014高考物理一轮第十章《交变电流传感器》基础知能提升检测试题(时间:60分钟满分:100分)【测控导航】知识点题号1.交变电流的产生及其变化规律1、4、8、142.交变电流的“四值”2、7、93.变压器3、6、10、154.远距离输电115.传感器及其应用5、12、13一、选择题(本题共11小题,每小题5分,共55分.1~8题为单选题,9~11题为多选题,全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错或不选的得0分)1.(2011年天津卷)在匀强磁场中,一矩形金属框绕与磁感线垂直的转轴匀速转动,如图(1)所示.产生的交变电动势的图像如图(2)所示,则(B)A.t=0.005s时线框的磁通量变化率为零B.t=0.01s时线框平面与中性面重合C.线框产生的交变电动势有效值为311VD.线框产生的交变电动势频率为100Hz解析:由题图像知t=0.005s时e最大,所以磁通量的变化率最大.故选项A错误;题图(2)中图像函数关系为e=311sin100πt(V),从中性面开始计时,t=0.01s时,线框平面在中性面位置,故选项B正确;据E=,知电动势有效值约为220V,故选项C错误;由题图(2)知,T=0.02s,f=50Hz,故选项D错误.本题考查法拉第电磁感应定律、正弦交变电流的产生和变化规律、正弦交变电流的图像及描述交流电的物理量.从图像入手是解决这类问题的关键.2.如图所示,图(甲)和图(乙)分别表示正弦脉冲波和方波的交变电流与时间的变化关系.若使这两种电流分别通过两个完全相同的电阻,则经过1min的时间,两电阻消耗的电功之比W甲∶W乙为(C)A.1∶B.1∶2C.1∶3D.1∶6解析:电功的计算,I要用有效值计算,图(甲)中,由有效值的定义得()2R×2×10-2+0+()2R×2×10-2=R×6×10-2,得I1=A;图(乙)中,I的值不变I2=1A,由W=UIt=I2Rt可以得到W甲∶W乙=1∶3.选项C正确.3.(2012年海南卷)如图,理想变压器原、副线圈匝数比为20∶1,两个标有“12V,6W”的小灯泡并联在副线圈的两端.当两灯泡都正常工作时,原线圈电路中电压表和电流表(可视为理想的)的示数分别是(D)A.120V,0.10AB.240V,0.025AC.120V,0.05AD.240V,0.05A解析:由题意知U2=12V,I2==A=1A,根据=,可求得电压表的示数U1==240V,根据=可得电流表的示数I1==0.05A,选项D正确.4.(2012宁波模拟)如图所示,一圆柱形铁芯上沿轴线方向绕有矩形线圈,铁芯与磁极的缝隙间形成了辐向均匀磁场,磁场的中心与铁芯的轴线重合.当铁芯绕轴线以角速度ω逆时针转动的过程中,线圈中的电流变化图像在以下图中正确的是(从图位置开始计时,N、S极间缝隙的宽度不计.以a边的电流进入纸面,b边的电流流出纸面为正方向)(C)解析:设矩形线圈的长为l,宽为d,矩形线圈切割磁感线的导体的线速度大小v=ω不变,则E=2Blv,可知,感应电动势大小E不变,因此,感应电流大小也不变;由右手定则判断得知,线圈的a边在N、S极间缝隙的左侧旋转时,感应电流是从a边流出,从b边进入,为负值,而在N、S极间缝隙的右侧旋转时,感应电流是从a边进入,从b边流出,为正值.故正确选项为C.本题中磁场的特点——辐向分布,距磁场中心等距离处的磁感应强度等大决定了感应电流大小不变,仅方向变化,分析时一定要与产生正弦式交变电流的磁场相对比,以防错解.5.如图所示,R1、R2为定值电阻,L为小灯泡,R3为光敏电阻,当照射光强度增大时,下列判断不正确的是(D)A.电压表的示数增大B.R2中电流减小C.小灯泡的功率增大D.电路的路端电压增大解析:当照射光强度增大时,R3阻值减小,外电路电阻随R3的减小而减小,R1两端电压因干路电流增大而增大,同时内电压增大,故电路路端电压减小,电压表的示数增大,选项A正确,D错误;由路端电压减小,R1两端电压增大知,R2两端电压必减小,则R2中电流减小,故选项B正确;结合干路电流增大知流过小灯泡的电流必增大,则小灯泡的功率增大,故选项C正确.6.如图(甲)所示,理想变压器原、副线圈的匝数比为10∶1,R1=20Ω,R2=30Ω,C为电容器.已知通过R1的正弦交流电如图(乙)所示,则(C)A.交流电的频率为0.02HzB.原线圈输入电压的最大值为200VC.电阻R2的电功率约为6.67WD.通过R3的电流始终为零解析:根据变压器原理可知,原、副线圈中电流的周期、频率相同,周期为0.02s,频率为50Hz,选项A错误;由题图(乙)可知,通过R1的电流最大值为Im=1A,根据欧姆定律可知,其最大电压为Um=20V,再根据原、副线圈的电压之比等于匝数之比可知,...
