热点突破提升练(十一)交变电流与变压器(限时40分钟)一、单项选择题1．如图1甲所示，理想变压器原、副线圈匝数之比为10∶1.原线圈接如图乙所示的电压为u＝U0sinωt的交流电源，其中U0＝100V，副线圈接一个滑动变阻器R.则下述结论正确的是()甲乙图1A．副线圈中输出交流电的周期为0.01sB．副线圈中电压表的读数为10VC．若滑动变阻器的滑动触头P向上滑动，则原线圈中的输入功率变小D．若滑动变阻器接入电路的电阻值R＝10Ω，则原线圈中电流表的读数为1A【解析】由题图乙可知，该交流电的周期为0.02s，选项A错误；理想变压器的原、副线圈两端的电压比等于匝数比，即电压表的读数为10V，选项B错误；滑动变阻器的滑动触头P向上滑动，其连入电路的电阻变大，电流减小，副线圈输出功率减小，则原线圈的输入功率也减小，选项C正确；当滑动变阻器接入电路的电阻R＝10Ω时，副线圈的电流为1A，由理想变压器的电流＝可知，电流表的读数为0.1A，选项D错误．【答案】C2．(2015·漳州模拟)如图2所示，理想变压器原、副线圈的匝数比是10∶1，原线圈输入交变电压u＝100sin50πt(V)，在副线圈中接有理想电流表和定值电阻R，电容器并联在电阻R两端，电阻阻值R＝10Ω，关于电路分析，下列说法中正确的是()图2A．电流表示数是2AB．电流表示数是AC．电阻R消耗的电功率为10WD．电容器的耐压值至少是10V【解析】原线圈输入交变电压u＝100sin50πt(V)，有效值为100V，根据理想变压器的规律可知副线圈两端的电压应为U2＝U1＝×100V＝10V，流经电阻R的电流为1A，电容器C允许交流电通过，所以电流表示数大于1A，由于电容器的容抗不知道，所以不能判断出电流表的具体读数，故A、B错误；电阻R消耗的电功率为P＝＝10W，故C正确；电容器的耐压值应对应交流电压的最大值10V，故D错误．【答案】C3．如图3甲中理想变压器原、副线圈的匝数之比n1∶n2＝5∶1，电阻R＝20Ω，L1、L2为规格相同的两只小灯泡，S1为单刀双掷开关．原线圈接正弦交变电源，输入电压u随时间t的变化关系如图乙所示．现将S1接1、S2闭合，此时L2正常发光．下列说法正确的是()甲乙图3A．输入电压u的表达式u＝20sin50πtVB．只断开S2后，L1、L2均正常发光C．只断开S2后，原线圈的输入功率增大D．若S1换接到2后，R消耗的电功率为0.8W【解析】由图乙可知u＝20sin100πtV，故选项A错误；U2＝U1＝4V，由题意可知L1、L2的额定电压为4V，S1接1、断开S2后，L1、L2不能达到额定电压，因此选项B错误；由P1＝P2＝可知，当R增大时，P1减小，选项C错误；当S1接2时，PR＝＝W＝0.8W，选项D正确．【答案】D4．某住宅小区为防止突然断电，特装备了应急照明供电系统，该应急照明供电系统由图4甲所示的小型交流发电机和可调变压器组成，R0表示输电线的电阻．小型交流发电机输出电压如图乙所示，则下列判断正确的是()甲乙图4A．发电机输出电压的瞬时值表达式为e＝220sin(50πt)VB．当用户数目增多时，为使用户电压保持不变，滑动触头P应向下滑动C．当只把滑动P向上滑动时，原线圈输出的功率变大D．当只把滑动P向下滑动时，输电线上损失的电压将升高【解析】发电机输出电压的瞬时值表达式为e＝220sin(100πt)V，故选项A错误；当用户数目增多时，副线圈干路电流增大，输电线上损失的电压增大，用户用电器两端的电压降低，为使用户电压保持不变，滑动触头P应向上滑动，故选项B错误；当滑动触头P向上滑动时，副线圈消耗的功率变大，原线圈输出的功率也变大，故选项C正确；当滑动触头P向下滑动时，副线圈输出的电压变低，电流变小，输电线上损失的电压降低，故选项D错误．【答案】C5．如图5所示，矩形线圈面积为0.1m2，匝数为100，绕OO′轴在磁感应强度为T的匀强磁场中以角速度5πrad/s匀速转动．从图示位置开始计时，理想变压器原、副线圈的匝数分别为n1、n2，两电表均为理想电表，电阻R＝50Ω，其他电阻不计，下列判断正确的是()图5A．在t＝0.1s时，穿过线圈的磁通量最大B.＝时，变压器输入功率为60WC．P向上移动时，电压表示数变大D．P向上移动时，电流表示数变小【解析】由T＝可求得交流电的周期为T＝0.4s，从图示位置转动0.1s时线圈平面恰好与中性面垂直，磁通量为零，A错误...
