【拿高分，选好题第二波】（新课程）高中数学二轮复习 精选第一部分 25个必考问题 专项突破专题训练21二项式定理及数学归纳法 苏教版VIP免费

训练21二项式定理及数学归纳法(参考时间：80分钟)1．已知(1－2x)7＝a0＋a1x＋a2x2＋…＋a7x7，求(1)a1＋a2＋…＋a7；(2)a0＋a2＋a4＋a6；(3)a1＋a3＋a5＋a7.2．求证：1＋2＋22＋…＋25n－1能被31整除．3．已知n的展开式的二项式系数之和比(a＋b)2n的展开式的系数之和小240，求n的展开式中系数最大的项．4．已知(1＋x)n＝a0＋a1(x－1)＋a2(x－1)2＋…＋an(x－1)n.(n∈N*)．(1)求a0及Sn＝a1＋a2＋a3＋…＋an；(2)试比较Sn与(n－2)2n＋2n2的大小，并说明理由．5.如图，P1(x1，y1)，P2(x2，y2)，…，Pn(xn，yn)(0＜y1＜y2＜…＜yn)是曲线C：y2＝3x(y≥0)上的n个点，点Ai(ai,0)(i＝1,2,3，…，n)在x轴的正半轴上，且△Ai－1AiPi是正三角形(A0是坐标原点)．(1)写出a1，a2，a3；(2)求出点An(an,0)(n∈N*)的横坐标an关于n的表达式．6．对于定义域为A的函数f(x)，如果任意的x1，x2∈A，当x1＜x2时，都有f(x1)＜f(x2)，则称函数f(x)是A上的严格增函数；函数f(k)是定义在N*上，函数值也在N*中的严格增函数，并且满足条件f(f(k))＝3k.(1)证明：f(3k)＝3f(k)；(2)求f(3k－1)(k∈N*)的值；(3)是否存在p个连续的自然数，使得它们的函数值依次也是连续的自然数；若存在，找出所有的p值，若不存在，请说明理由．参考答案训练21二项式定理及数学归纳法1．解(1) (1－2x)7＝a0＋a1x＋a2x2＋…＋a7x7，令x＝1，得a0＋a1＋a2＋…＋a7＝－1.令x＝0得a0＝1.∴a1＋a2＋…＋a7＝－2.(2)令x＝－1，得a0－a1＋a2－a3＋…＋a6－a7＝37＝2187.由(1)和上式得a0＋a2＋a4＋a6＝1093.(3)由a0＋a1＋a2＋…＋a7＝－1和a0－a1＋a2－a3＋…＋a6－a7＝2187两式相减得a1＋a3＋a5＋a7＝－1094.2．证明1＋2＋…＋25n－1＝＝32n－1＝(31＋1)n－1＝31n＋C·31n－1＋…＋C·31＋C－1＝31n＋C·31n－1＋…＋C·31＝31·(31n－1＋C·31n－2＋…＋C)， 31n－1，C·31n－2，…，C都是整数，∴原式可被31整除．3．解由题意，得2n＝22n－240，∴22n－2n－240＝0，即(2n－16)(2n＋15)＝0.又 2n＋15＞0，∴2n－16＝0.∴n＝4.∴n＝4.又 4的展开式中二项式系数最大的项为第3项，所以，所求4展开式中系数最大的项为第3项，即T3＝C()22＝6.4．解(1)取x＝1，则a0＝2n；1取x＝2，则a0＋a1＋a2＋a3＋…＋an＝3n，所以Sn＝a1＋a2＋a3＋…＋an＝3n－2n.(2)要比较Sn与(n－2)2n＋2n2的大小，即比较：3n与(n－1)2n＋2n2的大小．当n＝1时，3n＞(n－1)2n＋2n2；当n＝2,3时，3n＜(n－1)2n＋2n2；当n＝4,5时，3n＞(n－1)2n＋2n2.猜想：当n≥4时，3n＞(n－1)2n＋2n2，下面用数学归纳法证明：由上述过程可知，n＝4时结论成立．假设当n＝k(k≥4)时结论成立，即3k＞(k－1)2k＋2k2，两边同乘以3，得3k＋1＞3[(k－1)2k＋2k2]＝k2k＋1＋2(k＋1)2＋[(k－3)2k＋4k2－4k－2]．而(k－3)2k＋4k2－4k－2＝(k－3)2k＋4(k2－k－2)＋6＝(k－3)2k＋4(k－2)(k＋1)＋6＞0.所以3k＋1＞[(k＋1)－1]2k＋1＋2(k＋1)2.即n＝k＋1时结论也成立．所以当n≥4时，3n＞(n－1)2n＋2n2成立．综上得，当n＝1时，Sn＞(n－2)2n＋2n2；当n＝2,3时，Sn＜(n－2)2n＋2n2；当n≥4，n∈N*时，Sn＞(n－2)2n＋2n2.5．解(1)a1＝2，a2＝6，a3＝12；(2)依题意，得xn＝，yn＝·，由此及y＝3xn得2＝(an－1＋an)，即(an－an－1)2＝2(an－1＋an)．由(1)可猜想：an＝n(n＋1)(n∈N*)．下面用数学归纳法予以证明：(1)当n＝1时，命题显然成立；(2)假定当n＝k时命题成立，即有ak＝k(k＋1)，则当n＝k＋1时，由归纳假设及(ak＋1－ak)2＝2(ak＋ak＋1)得[ak＋1－k(k＋1)]2＝2[k(k＋1)＋ak＋1]，即(ak＋1)2－2(k2＋k＋1)ak＋1＋[k(k－1)]·[(k＋1)(k＋2)]＝0，解之得ak＋1＝(k＋1)(k＋2)(ak＋1＝k(k－1)＜ak不合题意，舍去)，即当n＝k＋1时，命题也成立．所以an＝n(n＋1)(n∈N*)．6．解(1)证明：对k∈N*，f(f(k))＝3k，∴f[f(f(k))]＝f(3k)①由已知f(f(k))＝3k，∴f[f(f(k))]＝3f(k)，②由①、②∴f(3k)＝3f(k)(2)若f(1)＝1，由已知f(f(k))＝3k得f(1)＝3，矛盾；设f(1)＝a＞1，∴f(f(1))＝f(a)＝3，③由f(k)严格递增，即1＜a⇒f(1)＜f(a)＝3，∴∴f(1)＝2，由③f(f(1))＝f(a)＝3，故f(f(1))＝f(2)＝3.∴f(1)＝2，f(2...