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高考数学 精讲巧解分类攻克7VIP免费

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备战高考数学精讲巧解分类攻克7一、选择题(本大题共12个小题,每小题5分,共60分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)1.已知数列{na}为等差数列,且S5=28,S10=36,则S15等于()A.80B.40C.24D.-48【答案】C2.在等差数列{}na中,满足4737aa,且10a,nS是数列{}na的前n项和。若nS取得最大值,则n()A.7B.8C.9D.10【答案】C3.已知两个正数a,b的等差中项为4,则a,b的等比中项的最大值为()A.2B.4C.8D.16【答案】B4.等差数列{an}的前n项和为Sn,若S17为一确定常数,则下列各式也为确定常数的是()A.a2+a15B.a2·a15C.a2+a9+a16D.a2·a9·a16【答案】C5.设是公比为q的等比数列,是它的前n项和,若是等差数列,则q的值等于()A.1B.2C.3D.4【答案】A6.等差数列的前n项和为,若,则下列结论:①②③④其中正确结论是()A.②③B.①③C.①④D.②④【答案】A7.设nS为数列na的前n项和,若满足12(2),nnaan且39,S则1a()A.5B.3C.1D.-1【答案】C8.已知数列{}na是等比数列,且2123,cosaaaa则的值为()A.1B.-1C.12D.12【答案】B9.设数列{an}的前n项和为sn,a1=1,an=2(1)nsnn,(n∈N*),若s1+22s+33s+……+2(1)2013nsnn,则n的值为()A.1007B.1006C.D.【答案】A10.如果数列{}na满足121321,,,nnaaaaaaa是首项为1,公比为2的等比数列,那么na等于()A.21nB.121nC.21nD.41n【答案】A11.已知数列{an},21nna,则21321111nnaaaaaa=()A.112nB.12nC.112nD.12n【答案】C12.已知{an}是由正数组成的等比数列,Sn表示{an}的前n项的和,若a1=2,a2a4=64,则S5的值是()A.30B.61C.62D.63【答案】C第Ⅱ卷(非选择题共90分)二、填空题(本大题共4个小题,每小题5分,共20分,把正确答案填在题中横线上)13.等比数列{an},an>0,q≠1,且a2、21a3、2a1成等差数列,则3445aaaa等于【答案】1214.在等差数列na中,nS是其前n项的和,且12a,20102008220102008SS,则数列1nS的前n项的和是____________.【答案】1nn15.通项公式为2naann的数列na,若满足12345aaaaa,且1nnaa对8n恒成立,则实数a的取值范围是【答案】11(,)91716.设na是正项数列,它的前n项和nS满足:314nnnaaS,则1005a【答案】2011三、解答题(本大题共6个小题,共70分,解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤)17.为了加强环保建设,提高社会效益和经济效益,长沙市计划用若干时间更换一万辆燃油型公交车,每更换一辆新车,则淘汰一辆旧车,替换车为电力型和混合动力型车.今年初投入了电力型公交车128辆,混合动力型公交车400辆;计划以后电力型车每年的投入量比上一年增加50%,混合动力型车每年比上一年多投入a辆.(1)、求经过n年,该市被更换的公交车总数S(n);(2)、若该市计划7年内完成全部更换,求a的最小值.【答案】(1)设an,bn分别为第n年投入的电力型公交车,混合动力型公交车的数量,依题意,{an}是首项为128,公比为3150%2的的等比数列,{bn}是首项为400,公差为a的等差数列.{an}的前n项和3128[1()]32256[()1]3212nnnS,{bn}的前n项和(1)4002nnnTna.所以经过n年,该市更换的公交车总数为3(1)()256[()1]40022nnnnnSnSTna.(2)若计划7年内完成全部更换,所以S(7)≥10000,所以7376256[()1]40071000022a,即21a≥3082,所以1614621a.又a∈N*,所以a的最小值为147.18.已知等差数列na满足:37a,5726aa,na的前n项和为nS.(Ⅰ)求na及nS;(Ⅱ)令bn=211na(nN*),求数列nb的前n项和nT.【答案】(I)设等差数列{}na的公差为d,由已知条件可得110,21210,adad解得11,1.ad故数列{}na的通项公式为2.nan(II)设数列1{}2nnnanS的前项和为,即2111,122nnnaaSaS故,12.2242nnnSaaa所以,当1n时,1211111222211121()2422121(1)22nnnnnnnnnnSaaaaaann...

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