高考化学二轮复习 专题培优“71”小卷练4（含解析）试题VIP免费

“7＋1”小卷练41．以高硫铝土矿(主要成分为Al2O3、Fe2O3，还含有少量FeS2)为原料，生产氧化铝并获得Fe3O4的部分工艺流程如下，下列叙述不正确的是()A．加入CaO在减少SO2排放的同时生成建筑材料CaSO4B．向滤液中通入过量CO2、过滤、洗涤、灼烧沉淀可制得Al2O3C．隔绝空气焙烧时理论上反应消耗的n(FeS2)∶n(Fe2O3)＝1∶5D．烧渣分离可以选择用磁铁将烧渣中的Fe3O4分离出来答案C解析高硫铝土矿粉焙烧时会生成SO2，加入CaO会与SO2反应，减少SO2的排放，而且CaSO3最后也会转化为CaSO4，A正确；滤液中含NaAlO2，通入CO2，生成Al(OH)3，过滤、洗涤、灼烧可以得到Al2O3，B正确；FeS2与Fe2O3隔绝空气焙烧的化学方程式为FeS2＋16Fe2O3=====11Fe3O4＋2SO2，n(FeS2)∶n(Fe2O3)＝1∶16，而不是1∶5，C错误；Fe3O4具有磁性，能够被磁铁吸引，D正确。2．迷迭香酸是从蜂花属植物中提取得到的酸性物质，其结构简式如图所示。下列叙述正确的是()A．迷迭香酸与溴单质只能发生取代反应B．1mol迷迭香酸最多能和9mol氢气发生加成反应C．迷迭香酸可以发生水解反应、取代反应和酯化反应D．1mol迷迭香酸最多能和5molNaOH发生反应答案C解析A项，分子中含碳碳双键，可发生加成反应，错误；B项，苯环、碳碳双键能与氢气发生加成反应，则1mol迷迭香酸最多能和7mol氢气发生加成反应，错误；C项，含—COOR可发生水解反应，含—OH、—COOH可发生取代反应、酯化反应，正确；D项，酚羟基、—COOR、—COOH均与NaOH反应，则1mol迷迭香酸最多能和6molNaOH发生反应，错误。3．设NA为阿伏加德罗常数的值，下列说法中正确的是()A．密闭容器中，1molN2与3molH2充分反应，产物的分子数为2NAB．50mL12mol·L－1盐酸与足量MnO2共热，转移的电子数小于0.3NAC．含有4.6g钠元素的过氧化钠和氧化钠的混合物中，所含离子总数大于0.3NAD．标准状况下，4.48LHF含有的分子数小于0.2NA答案B解析1molN2与3molH2充分反应，由于反应可逆，故产物的分子数小于2NA，A错误；随着反应进行，HCl的浓度逐渐减小，稀盐酸不能与MnO2反应，故转移的电子数小于0.3NA，B正确；Na2O2和Na2O的混合物中阳离子数和阴离子数之比为2∶1，Na＋(阳离子)的物质的量为0.2mol，则阴离子的物质的量为0.1mol，故混合物中所含离子的总数为0.3NA，C错误；标准状况下，HF为液体，D错误。4．下列实验中，所采取的分离方法与实验原理都正确的是()答案D解析NO2和NO的混合气体能与NaOH溶液发生反应：2NaOH＋NO2＋NO===2NaNO2＋H2O，A错误；除去乙醇中的水应加入氧化钙，然后蒸馏，熟石灰是Ca(OH)2，没有吸水作用，B错误；除去KNO3中的NaCl，利用冷却热饱和溶液重结晶法分离，是因为KNO3的溶解度受温度变化影响较大，C错误；铝与氢氧化钠溶液反应，而铁不反应，反应后过滤即得铁，D正确。5．X、Y、Z、W为原子序数递增的四种短周期元素，其中Z为金属元素，X、W为同一主族元素。X、Z、W分别与Y形成的最高价化合物为甲、乙、丙。结合如图转化关系，下列判断错误的是()A．反应③为工业制粗硅的原理B．Z位于元素周期表第三周期ⅡA族C．4种元素的原子中，Y原子的半径最小D．工业上通过电解乙来制取Z答案D解析由题意及题图分析可知X为C、Y为O、Z为Mg、W为Si，甲为CO2，乙为MgO，丙为SiO2，丁为CO。反应③为工业制粗硅的原理：2C＋SiO2=====Si＋2CO↑，故A正确；Z为Mg，位于元素周期表第三周期ⅡA族，故B正确；4种元素的原子中，半径最小的为O，故C正确；工业上通过电解熔融MgCl2得到Mg，故D错误。6．锌铜原电池装置如图所示，其中阳离子交换膜只允许阳离子和水分子通过。下列有关叙述正确的是()A．铜电极上发生氧化反应B．电池工作一段时间后，甲池的c(SO)减小C．电池工作一段时间后，乙池溶液的总质量增加D．阴、阳离子分别通过交换膜向负极和正极移动，保持溶液中电荷平衡答案C解析锌电极是原电池的负极，发生氧化反应，铜电极是原电池的正极，发生还原反应，A错误；阳离子交换膜不允许阴离子通过，所以电池工作一段时间后，甲池的c(SO)不变，B错误；乙池发生的电极反应为Cu2＋＋2e－===Cu，溶液中Cu2＋逐渐减少，为维持溶液中的电荷平衡，Zn2＋会不断移向乙池，Zn的摩尔质量大于C...