考点21基因的自由组合定律1.[2014·上海高考]某种植物果实重量由三对等位基因控制，这三对基因分别位于三对同源染色体上，对果实重量的增加效应相同且具叠加性。已知隐性纯合子和显性纯合子果实重量分别为150g和270g。现将三对基因均杂合的两植株杂交，F1中重量为190g的果实所占比例为()A.3/64B.5/64C.12/64D.15/64解析：由于隐性纯合子(aabbcc)和显性纯合子(AABBCC)果实重量分别为150g和270g，则每个显性基因的增重为(270—150)/6＝20(g)，AaBbCc果实重量为210，自交后代中重量190克的果实其基因型中只有两个显性基因、四个隐性基因，即AAbbcc、aaBBcc、aabbCC、AaBbcc、AabbCc、aaBbCc六种，所占比例依次为1/64、1/64、1/64、4/64、4/64、4/64。故为15/64，选D。答案：D2.[2014·海南高考]基因型为AaBbDdEeGgHhKk个体自交，假定这7对等位基因自由组合，则下列有关其子代叙述正确的是()A.1对等位基因杂合、6对等位基因纯合的个体出现的概率为5/64B.3对等位基因杂合、4对等位基因纯合的个体出现的概率为35/128C.5对等位基因杂合、2对等位基因纯合的个体出现的概率为67/256D.6对等位基因纯合的个体出现的概率与6对等位基因杂合的个体出现的概率不同解析：1对等位基因杂合、6对等位基因纯合的个体出现的概率＝C[2/4×(1/4＋1/4)×(1/4＋1/4)×(1/4＋1/4)×(1/4＋1/4)×(1/4＋1/4)×(1/4＋1/4)]＝7/128，A错；3对等位基因杂合、4对等位基因纯合的个体出现的概率＝C[2/4×2/4×2/4×(1/4＋1/4)×(1/4＋1/4)×(1/4×1/4)×(1/4×1/4)]＝35/128，B正确；5对等位基因杂合、2对等位基因纯合的个体出现的概率＝C[2/4×2/4×2/4×2/4×2/4×(1/4＋1/4)×(1/4＋1/4)＝21/128，C错；6对等位基因纯合的个体出现的概率＝C[2/4×(1/4＋1/4)×(1/4＋1/4)×(1/4＋1/4)×(1/4＋1/4)×(1/4＋1/4)×(1/4＋1/4)]＝7/128,6对等位基因杂合的个体出现的概率＝C[2/4×2/4×2/4×2/4×2/4×2/4×(1/4＋1/4)]＝7/128,相同，D错误。答案：B3.[2013·海南高考]人类有多种血型系统，MN血型和Rh血型是其中的两种。MN血型由常染色体上的1对等位基因M、N控制，M血型的基因型为MM，N血型的基因型为NN，MN血型的基因型为MN;Rh血型由常染色体上的另1对等位基因R和r控制，RR和Rr表现为Rh阳性，rr表现为Rh阴性。这两对等位基因自由组合。若某对夫妇中，丈夫和妻子的血型均为MN型－Rh阳性，且已生出1个血型为MN型－Rh阴性的儿子，则再生1个血型为MN型－Rh阳性女儿的概率是()A.3/8B.3/16C.1/8D.1/16解析：由题中已生出1个血型为MN型－Rh阴性(MNrr)的儿子可知，父母的基因型均为MNRr。两对性状分别考虑，后代为杂合子MN的概率为1/2，Rh阳性(RR和Rr)的概率为3/4，题目还要求生1个女儿，其在后代中的概率为1/2，综上为1/2×3/4×1/2＝3/16。答案：B14.[2014·安徽高考]香味性状是优质水稻品种的重要特性之一。(1)香稻品种甲的香味性状受隐性基因(a)控制，其香味性状的表现是因为__________________________，导致香味物质积累。(2)水稻香味性状与抗病性状独立遗传。抗病(B)对感病(b)为显性。为选育抗病香稻新品种，进行了一系列杂交实验。其中，无香味感病与无香味抗病植株杂交的统计结果如图所示，则两个亲代的基因型是________。上述杂交的子代自交，后代群体中能稳定遗传的有香味抗病植株所占比例为________。(3)用纯合无香味植株作母本与香稻品种甲进行杂交，在F1中偶尔发现某一植株具有香味性状。请对此现象给出两种合理的解释：①_____________________________________；②________________________________________________________________________。(4)单倍体育种可缩短育种年限。离体培养的花粉经脱分化形成________，最终发育成单倍体植株，这表明花粉具有发育成完整植株所需的________。若要获得二倍体植株，应在________时期用秋水仙素进行诱导处理。解析：(1)a为隐性基因，因此若要表现为有香味性状，必须要使a基因纯合(即为aa)，参与香味物质代谢的某种酶缺失，从而导致香味物质累积。(2)根据杂交子代抗病∶感病＝1∶1，无香味∶有香味＝3∶1，可知亲本的基因型为：Aabb、AaBb，从而推知子代F1的类型有：1/8AAB...
