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高考物理大一轮复习 第四章 曲线运动 万有引力与航天 课时达标12 圆周运动的规律及应用试题VIP免费

高考物理大一轮复习 第四章 曲线运动 万有引力与航天 课时达标12 圆周运动的规律及应用试题_第1页
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第12讲圆周运动的规律及应用[解密考纲]考查圆周运动的参量之间的关系、匀速圆周运动的周期性问题、水平面内圆周运动临界问题、竖直平面内圆周运动的绳模型和杆模型问题.1.明代出版的《天工开物》一书中就有牛力齿轮翻车的图画(如图),记录了我们祖先的劳动智慧.若A、B、C三齿轮半径的大小关系如图,则(D)A.齿轮A的角速度比C的大B.齿轮A与B角速度大小相等C.齿轮B与C边缘的线速度大小相等D.齿轮A边缘的线速度比C边缘的大解析由图可知rA>rB>rC,A齿轮边缘与B齿轮边缘线速度大小是相等的,即vA=vB,由v=ωr,可得=,则ωA<ωB;B齿轮与C齿轮共轴,则B齿轮与C齿轮角速度大小相等,即ωB=ωC,由v=ωr,可得齿轮B与齿轮C边缘的线速度之比=,则vB>vC,综上所述可知vA=vB>vC,ωB=ωC>ωA,故选项A、B、C错误,D正确.2.如图所示,在倾角为α=30°的光滑斜面上,有一根长为L=0.8m的细绳,一端固定在O点,另一端系一质量为m=0.2kg的小球,沿斜面做圆周运动.若要小球能通过最高点A(g=10m/s2,空气阻力不计),则小球在最低点B的最小速度是(C)A.2m/sB.2m/sC.2m/sD.2m/s解析小球恰好通过A点,受力分析如图所示.有F向=mgsinα=.则通过A点的最小速度vA==2m/s.根据机械能守恒定律得mv=mv+2mgLsinα,解得vB=2m/s,选项C正确.3.如图所示,一光滑轻杆沿水平方向放置,左端O处连接在竖直的转动轴上,a、b为两个可视为质点的小球,穿在杆上,并用细线分别连接Oa和ab,且Oa=ab,已知b球质量为a球质量的3倍.当轻杆绕O轴在水平面内匀速转动时,Oa和ab两线的拉力之比为(D)A.1∶3B.1∶6C.4∶3D.7∶6解析对a球,FTOa-FTab=mω2Oa;对b球,FTab=3mω2(Oa+ab).由以上两式得,Oa和ab两线的拉力之比为7∶6,选项D正确.4.(多选)变速自行车靠变换齿轮组合来改变行驶速度挡,如图是某一变速车齿轮转动结构示意图,图中A轮有48齿,B轮有42齿,C轮有18齿,D轮有12齿.下列说法正确的是(BCD)A.该车可变换3种不同挡位B.该车可变换4种不同挡位C.A与D轮组合时,是行驶速度最快挡D.B与D轮组合时,两轮的角速度之比ωB∶ωD=2∶7解析齿轮有AC、AD、BC、BD四种组合,则可变换4种不同挡位;B与D轮组合时,线速度相等,两轮的角速度之比等于齿数反比,即ωB∶ωD=2∶7;行驶速度最快挡为齿数比最大的组合,即A与D轮组合.故选项A错误,B、C、D正确.5.(2017·山西太原模拟)用一根细线一端系一可视为质点的小球,另一端固定在一以角速度ω旋转的光滑锥顶上,如图所示,设小球在水平面内做匀速圆周运动的角速度为ω,线的张力为FT,则FT随ω2变化的图象是(C)解析设线长为L,锥面与竖直方向夹角为θ,当ω=0时,小球静止,受重力mg、支持力FN和线的拉力FT而平衡,FT=mgcosθ≠0,所以选项A、B错误;ω增大时,FT增大,FN减小,当FN=0时,角速度为ω0.当ω<ω0时,由牛顿第二定律得,FTsinθ-FNcosθ=mω2Lsinθ,FTcosθ+FNsinθ=mg,解得FT=mω2Lsin2θ+mgcosθ;当ω>ω0时,小球离开锥面,线与竖直方向夹角变大,设为β,由牛顿第二定律得FTsinβ=mω2Lsinβ,所以FT=mLω2,可知FT-ω2图线的斜率变大,所以选项C正确,选项D错误.6.如图所示,一根细线下端拴一个金属小球P,细线的上端固定在金属块Q上,Q放在带小孔(小孔光滑)的水平桌面上,小球在某一水平面内做匀速圆周运动(圆锥摆).现使小球改到一个更高一些的水平面上做匀速圆周运动(图中P′位置),两次金属块Q都静止在桌面上的同一点,则后一种情况与原来相比较,下列判断中正确的是(C)A.细线所受的拉力变0小B.小球P运动的角速度变小C.Q受到桌面的静摩擦力变大D.Q受到桌面的支持力变大解析设细线与竖直方向的夹角为θ,细线的拉力大小为FT,细线的长度为L.P球做匀速圆周运动时,由重力和细线的拉力的合力提供向心力,如图,则有FT=,mgtanθ=mω2Lsinθ,得角速度ω=,周期T=,使小球改到一个更高一些的水平面上做匀速圆周运动时,θ增大,cosθ减小,则细线拉力FT增大,角速度增大,周期T减小.对Q球,由平衡条件得,Q受到桌面的静摩擦力变大,故选项A、B错误,C正确;金属块Q保持在桌面上...

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