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高考数学一轮复习 第9章 解析几何 专题研究4 圆锥曲线中的探索性问题练习 理-人教版高三全册数学试题VIP免费

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专题研究4圆锥曲线中的探索性问题1.(2018·重庆一中期中)当曲线y=-与直线kx-y+2k-4=0有两个不同的交点时,实数k的取值范围是()A.(0,)B.(,]C.(,1]D.(,+∞)答案C解析曲线y=-表示圆x2+y2=4的下半部分,直线kx-y+2k-4=0过定点(-2,-4).由=2,解得k=,所以过点(-2,-4)且斜率k=的直线y=x-与曲线y=-相切,如图所示.过点(-2,-4)与点(2,0)的直线的斜率为=1.所以曲线y=-与直线kx-y+2k=0有两个不同的交点时,实数k的取值范围是(,1].故选C.2.设抛物线x2=2py(p>0),M为直线y=-2p上任意一点,过M引抛物线的切线,切点分别为A,B,记A,B,M的横坐标分别为xA,xB,xM,则()A.xA+xB=2xMB.xA·xB=xM2C.+=D.以上都不对答案A解析由x2=2py得y=,所以y′=,所以直线MA的方程为y+2p=(x-xM),直线MB的方程为y+2p=(x-xM),所以+2p=(xA-xM)①,+2p=(xB-xM)②,由①②可得xA+xB=2xM,故选A.3.(2016·浙江,文)设双曲线x2-=1的左、右焦点分别为F1,F2.若点P在双曲线上,且△F1PF2为锐角三角形,则|PF1|+|PF2|的取值范围是________.答案(2,8)解析由题意不妨设点P在双曲线的右支上,现考虑两种极限情况:当PF2⊥x轴时,|PF1|+|PF2|有最大值8;当∠P为直角时,|PF1|+|PF2|有最小值2.因为△F1PF2为锐角三角形,所以|PF1|+|PF2|的取值范围为(2,8).4.已知圆C的半径为2,圆心在直线y=-x+2上,E(1,1),F(1,-3),若圆上存在点Q,使|QF|2-|QE|2=32,则圆心的横坐标a的取值范围为________.答案[-3,1]解析根据题意,可设圆C的方程为(x-a)2+(y+a-2)2=4,设Q(x,y),由|QF|2-|QE|2=32,得到(x-1)2+(y+3)2-(x-1)2-(y-1)2=32,得y=3,故点Q在直线y=3上,又点Q在圆(x-a)2+(y+a-2)2=4上,所以圆C与直线y=3必须有公共点.因为圆心的纵坐标为-a+2,半径为2,所以圆C与直线y=3有公共点的充分条件是1≤-a+2≤5,即-3≤a≤1.所以圆心的横坐标a的取值范围是[-3,1].5.(2018·江西红色七校二模)已知椭圆的焦点坐标为F1(-1,0),F2(1,0),过F2垂直于长轴的直线交椭圆于P,Q两点,且|PQ|=3.(1)求椭圆的方程;(2)过F2的直线l与椭圆交于不同的两点M,N,则△F1MN的内切圆的面积是否存在最大值?若存在,求出这个最大值及此时直线l的方程;若不存在,请说明理由.答案(1)+=1(2)存在,最大值为解析(1)设椭圆方程为+=1(a>b>0),由焦点坐标可得c=1,由|PQ|=3,可得=3.又a2-b2=1,解得a=2,b=,故椭圆方程为+=1.(2)设M(x1,y1),N(x2,y2),不妨设y1>0,y2<0.设△F1MN的内切圆的半径为R.则△F1MN的周长为4a=8,S△F1MN=(|MN|+|F1M|+|F1N|)R=4R.因此,S△F1MN最大,R就最大,△F1MN的内切圆的面积就最大.由题知,直线l的斜率不为零,可设直线l的方程为x=my+1.由得(3m2+4)y2+6my-9=0,则y1=,y2=,则S△F1MN=|F1F2|(y1-y2)=y1-y2=.1令t=,t≥1,则S△F1MN===.令f(t)=3t+,则f′(t)=3-,当t≥1时,f′(t)≥0,f(t)在[1,+∞)上单调递增,则f(t)≥f(1)=4,S△F1MN≤3,且当t=1,即m=0时,(S△F1MN)max=3. S△F1MN=4R,∴Rmax=,这时所求内切圆面积的最大值为π.故直线l的方程为x=1时,△F1MN内切圆的面积取得最大值π.6.(2018·安徽六安二模)设点P是圆x2+y2=4上的任意一点,点D是点P在x轴上的投影,动点M满足PD=2MD,过定点Q(0,2)的直线l与动点M的轨迹交于A,B两点.(1)求动点M的轨迹方程;(2)在y轴上是否存在点E(0,t),使|EA|=|EB|?若存在,求出实数t的取值范围;若不存在,请说明理由.答案(1)+=1(2)存在,t∈(-,0]解析(1)设点M的坐标为(x,y),点P的坐标为(xp,yp),则点D的坐标为(xp,0),由PD=2MD,得 点P在圆上,∴x2+(y)2=4,即+=1,∴点M的轨迹方程为+=1.(2)当直线l的斜率不存在时,直线l的方程为x=0,当E与原点重合,即t=0时,满足|EA|=|EB|.当直线l的斜率存在时,设直线l的方程为y=kx+2,代入+=1,消去y,得(3+4k2)x2+16kx+4=0,则由Δ=(16k)2-16(3+4k2)>0,得|k|>.设A(x1,y1),B(x2,y2),则x1+x2=-...

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