3-1钠及其氧化物1．如图所示，若锥形瓶内是水，分液漏斗内的液体也是水，向烧杯内滴加水时，发现U形管内液体慢慢右移，恢复到原温度后液面左边与右边基本相平，则烧杯内的物质是（）A．过氧化钠B．氧化钠C．钠D．钾【答案】B【解析】向烧杯内滴加水时，发现U形管内液体慢慢右移，恢复到原温度后液面左边与右边基本相平，这说明反应开始时放热温度升高，压强增大。但恢复到原温度后压强又恢复到原来，因此液面左边与右边基本相平。则A、过氧化钠与水反应生成氧气，压强增大，且不可能在恢复到原来的压强，A错误；B、氧化钠溶于水生成氢氧化钠，反应放热，且没有气体生成，B正确；C、钠溶于水生成氢气，压强增大，且不可能在恢复到原来的压强，C错误；D、钾溶于水生成氢气，压强增大，且不可能在恢复到原来的压强，D错误，答案选B。2．amolNa2O2和bmolNaHCO3固体混合后，在密闭容器中加热到250℃，使其充分反应，当排出气体为两种气体时，a:b不可能为（）A．3:4B．4:5C．2:3D．3:2【答案】D【解析】过氧化钠与碳酸氢钠的混合物反应时，碳酸氢钠受热分解产生二氧化碳、碳酸钠、水蒸气，均与过氧化钠反应生成氧气和碳酸钠，当排出气体为两种气体时，则剩余气体为水蒸气和氧气，不可能有二氧化碳，因为二氧化碳与氢氧化钠会继续反应，生成碳酸钠。因为2NaCO3Na2CO3+CO2↑+H2O↑，2Na2O2+2CO2=2Na2CO3+O2↑，2Na2O2+2H2O=4NaOH+O2↑，产生的二氧化碳先与过氧化钠反应，剩余的水蒸气再部分与过氧化钠反应，所以剩余氧气和水蒸气，则使b/2
1，所以D不符合，答案选D。3．等物质的量的Na和Al两种金属加入足量的水中，生成26.88L（标准状况下）的气体，则下列描述错误的是（）A．金属Al无剩余B．c(Na+)＝c(AlO2-)C．所得溶液呈碱性D．Na的物质的量是0.6mol【答案】B【解析】A、根据方程式知，当钠和铝的物质的量相等时，恰好反应生成偏铝酸钠和氢气，故A正确；B、偏铝酸根离子是弱离子能发生水解反应，所以导致钠离子的物质的量大于偏铝酸根离子的物质的量，故B错误；C、钠和铝恰好反应生成偏铝酸钠，即最后所得溶液是偏铝酸钠溶液，偏铝酸钠是强碱弱酸盐溶液呈碱性，故C正确；D、设需要钠的物质的量为X．2Na+4H2O+2Al=2NaAlO2+4H2↑2mol89.6LX26.88LX=0.6mol，故D正确；故选B。4．在含有Fe3＋、Fe2＋、Al3＋、NH4＋的稀溶液中，加入足量的Na2O2固体，充分反应后，再加入过量的稀盐酸，完全反应后，离子数目几乎没有变化的是（）A．Fe3＋B．Al3＋C．NH4＋D．Fe2＋【答案】B【解析】A、因为Na2O2是强氧化剂，而且遇水生成NaOH，于是Fe2+氧化成Fe3+，并沉淀，再和盐酸反应生成三价铁离子，所以三价铁离子浓度增大，故A错误；B、Na2O2是强氧化剂，而且遇水生成NaOH，铝离子能和过量的氢氧化钠反应生成四羟基合铝酸根离子，在盐酸作用下又会生成铝离子，根据铝元素守恒，则铝离子量不变，故B正确；C、Na2O2是强氧化剂，而且遇水生成大量的NaOH，铵根和氢氧化钠反应，这样NH4+转化成NH3从溶液逸出，铵根离子减少，故C错误；D、因为Na2O2是强氧化剂，而且遇水生成NaOH，于是Fe2+氧化成Fe3+，并沉淀，所以二价铁离子浓度减小，故D错误；故选B。5．常温下，将一定量的钠铝合金置于水中，合金全部溶解，得到20mLpH＝14的溶液，然后用1mol·L－1的盐酸滴定，测得生成沉淀的质量与消耗盐酸的体积关系如图所示，则下列说法正确的是（）A．原合金质量为0.92gB．图中V2为60C．沉淀的质量m为1.56gD．OP段发生的反应为：OH-＋H+===H2O【答案】CD【解析】钠铝合金溶解在水中得到氢氧化钠和偏铝酸钠，溶液的pH=14，说明氢氧化钠的物质的量浓度为1mol/L，则氢氧化钠的物质的量为1*0.02=0.02摩尔，所以V1=0.02/1=0.02L=20毫升，当盐酸的体积为40毫升时，溶液恰好为氯化钠，则说明溶液中钠离子物质的量=1*0.04=0.04摩尔，则原溶液中有0.04-0.02=0.02摩尔偏铝酸钠，即有0.04摩尔钠，0.04*23=0.92克，铝有0.02摩尔，即0.02*27=0.54克，合金总质量=0.92+0.54=1.46克。A错误。反应最多生成0.02摩尔氢氧化铝沉淀，即0.02*78=1.56克，C正确。溶解0.02摩尔氢氧化铝需要...
