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高考数学二轮复习 12+4分项练14 导数 理试题VIP免费

高考数学二轮复习 12+4分项练14 导数 理试题_第1页
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12+4分项练14导数1.(2018·四平模拟)定积分ʃdx的值为()A.B.C.πD.2π答案A解析 y=,∴(x-1)2+y2=1表示以(1,0)为圆心,以1为半径的圆,∴定积分ʃdx等于该圆的面积的四分之一,∴定积分ʃdx=.2.(2018·昆明模拟)已知函数f(x)=(x2-2x)ex-alnx(a∈R)在区间(0,+∞)上单调递增,则a的最大值是()A.-eB.eC.-D.4e2答案A解析因为函数f(x)=(x2-2x)ex-alnx(a∈R),所以f′(x)=ex(x2-2x)+ex(2x-2)-=ex(x2-2)-(x>0).因为函数f(x)=(x2-2x)ex-alnx(a∈R)在区间(0,+∞)上单调递增,所以f′(x)=ex(x2-2)-≥0在区间(0,+∞)上恒成立,即≤ex(x2-2)在区间(0,+∞)上恒成立,亦即a≤ex(x3-2x)在区间(0,+∞)上恒成立,令h(x)=ex(x3-2x),x>0,则h′(x)=ex(x3-2x)+ex(3x2-2)=ex(x3-2x+3x2-2)=ex(x-1)(x2+4x+2),x>0,因为x∈(0,+∞),所以x2+4x+2>0.因为ex>0,令h′(x)>0,可得x>1,令h′(x)<0,可得00,∴函数f′(x)单调递增,而f′(0)=0,∴当x<0时,f′(x)<0,f(x)单调递减;当x>0时,f′(x)>0,f(x)单调递增.故f(x)min=f(0)=1,由存在性的条件可得关于实数n的不等式2n2-n≥1,解得n∈∪[1,+∞).4.已知函数f(x)=x2+(ln3x)2-2a(x+3ln3x)+10a2,若存在x0使得f(x0)≤成立,则实数a的值为()A.B.C.D.答案D解析f(x)=x2+(ln3x)2-2a(x+3ln3x)+10a2=(x-a)2+(ln3x-3a)2表示点M(x,ln3x)与点N(a,3a)距离的平方,M点的轨迹是函数g(x)=ln3x的图象,N点的轨迹是直线y=3x,则g′(x)=.作g(x)的平行于直线y=3x的切线,切点为(x1,y1),则=3,所以x1=,切点为P,所以曲线上点P到直线y=3x的距离最小,最小距离d=,所以f(x)≥,根据题意,要使f(x0)≤,则f(x0)=,此时N为垂足,点M与点P重合,kMN==-,得a=.5.(2018·潍坊模拟)已知函数f(x)=若m0,解得1q,若不等式>2恒成立,则实数a的取值范围是()A.B.C.D.答案D解析由已知p>q,可得f(p+1)-f(q+1)>2(p-q),f(p+1)>f(q+1)+2p-2q,f(p+1)-2p>f(q+1)-2q,f(p+1)-2p-2>f(q+1)-2q-2,f(p+1)-2(p+1)>f(q+1)-2(q+1).令g(x)=f(x)-2x,则有g(p+1)>g(q+1).因为p,q∈(0,1),所以p+1∈(1,2),q+1∈(1,2),又因为p>q,所以g(x)=f(x)-2x在(1,2)上为单调递增函数,则g′(x)=f′(x)-2=-2x-2≥0在(1,2)上恒成立,即a≥(x+2)(2x+2)在x∈(1,2)时恒成立,令h(x)=(x+2)(2x+2)=22-,h(x)在(1,2)上为增函数,所以a≥h(2)=24.即a的取值范围为.7.(2018·安徽省江南十校联考)y=f(x)的导函数满足:当x≠2时,(x-2)(f(x)+2f′(x)-xf′(x))>0,则()A.f(4)>(2+4)f()>2f(3)B.f(4)>2f(3)>(2+4)f()C.(2+4)f()>2f(3)>f(4)D.2f(3)>f(4)>(2+4)f()...

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