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(湖南专用)高考数学二轮复习 专题限时集训(十)数列求和及数列的简单应用配套作业 文(解析版)VIP免费

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专题限时集训(十)[第10讲数列求和及数列的简单应用](时间:45分钟)1.设等差数列{an}的前n项和为Sn,若a2,a4是方程x2-x-2=0的两个根,则S5的值是()A.B.5C.-D.-52.如果等比数列{an}中,a3·a4·a5·a6·a7=4,那么a5=()A.2B.C.±2D.±3.已知等差数列{an}的前n项和为Sn,且满足S15=25π,则tana8的值是()A.B.-C.±D.-4.已知数列{an}满足a1=,且对任意的正整数m,n,都有am+n=am·an,若数列{an}的前n项和为Sn,则Sn等于()A.2-n-1B.2-nC.2-D.2-5.已知n是正整数,数列{an}的前n项和为Sn,a1=1,Sn是nan与an的等差中项,则an等于()A.n2-nB.C.nD.n+16.设f(x)是定义在R上的不恒为零的函数,且对任意的实数x,y∈R,都有f(x)·f(y)=f(x+y),若a1=,an=f(n)(n∈N*),则数列{an}的前n项和Sn的取值范围为()A.B.C.D.7.已知{an}为等差数列,a1+a3+a5=105,a2+a4+a6=99,以Sn表示{an}的前n项和,则使Sn达到最大值的n是()A.18B.19C.20D.218.设等差数列{an}的前n项和为Sn,若M,N,P三点共线,O为坐标原点,且ON=a15OM+a6OP(直线MP不过点O),则S20等于()A.10B.15C.20D.409.已知数列{an}是等差数列,若a9+3a11<0,a10·a11<0,且数列{an}的前n项和Sn有最大值,那么当Sn>0时,n=()A.20B.17C.19D.2110.已知等比数列{an}中,a1=3,a4=81,若数列{bn}满足bn=log3an,则数列的前n项和Sn=________.11.定义一个“等积数列”:在一个数列中,如果每一项与它后一项的积都是同一个常数,那么这个数列叫做“等积数列”,这个常数叫做这个数列的公积.已知数列{an}是等积数列,且a1=2,公积为5,则这个数列的前n项和Sn的计算公式为________.12.设Sn为数列{an}的前n项和,把称为数列{an}的“优化和”,现有一个共有2012项的数列:a1,a2,a3,…,a2012,若其“优化和”为2013,则有2013项的数列:2,a1,a2,a3,…,a2012的“优化和”为________.13.将函数f(x)=sinx·sin(x+2π)·sin(x+3π)在区间(0,+∞)内的全部极值点按从小到大的顺序排成数列{an}(n∈N*).(1)求数列{an}的通项公式;(2)设bn=2nan,数列{bn}的前n项和为Tn,求Tn的表达式.14.已知数列{an}有a1=a,a2=p(常数p>0),对任意的正整数n,Sn=a1+a2+…+an,并有Sn满足Sn=.(1)求a的值并证明数列{an}为等差数列;(2)令pn=+,是否存在正整数M,使不等式p1+p2+…+pn-2n≤M恒成立,若存在,求出M的最小值;若不存在,说明理由.15.已知数列{an}的前n项和为Sn,点An,(n∈N*)总在直线y=x+上.(1)求数列{an}的通项公式;(2)若数列{bn}满足bn=(n∈N*),试问数列{bn}中是否存在最大项,如果存在,请求出;如果不存在,请说明理由.专题限时集训(十)【基础演练】1.A[解析]依题意,由根与系数的关系得a2+a4=1,所以S5===.故选A.2.B[解析]依据等比数列通项公式的性质,得a3·a7=a4·a6=a,所以a=2,求得a5=.故选B.3.B[解析]依题意得S15==15a8=25π,所以a8=π,于是tana8=tanπ=-.故选B.4.D[解析]令m=1得an+1=a1·an,即=a1=,可知数列{an}是首项为a1=,公比为q=的等比数列.于是Sn==2×=2-.故选D.【提升训练】5.C[解析]依题意得2Sn=nan+an=(n+1)an,当n≥2时,2Sn-1=nan-1,两式相减得2an=(n+1)an-nan-1,整理得=,所以an=··…··a1=··…··1=n.故选C.6.C[解析]依题意得f(n+1)=f(n)·f(1),即an+1=an·a1=an,所以数列{an}是以为首项,为公比的等比数列,所以Sn==1-,所以Sn∈.故选C.7.C[解析]设等差数列{an}公差为d,则有(a2-a1)+(a4-a3)+(a6-a5)=3d=99-105,则d=-2,易得a1=39,an=41-2n,令an>0得n<20.5,即在数列{an}中,前20项均为正值,自第21项起以后各项均为负,因此当n=20时,Sn取得最大值.8.A[解析]依题意得a15+a6=1,由等差数列性质知a15+a6=a1+a20,所以S20==10(a15+a6)=10.故选A.9.C[解析]由a9+3a11<0得2a10+2a11<0,即a10+a11<0,又a10·a11<0,则a10与a11异号,因为数列{an}的前n项和Sn有最大值,所以数列{an}是一个递减数列,则a1...

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