…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………绝密★启用前2018-2019学年度???学校8月月考卷试卷副标题考试范围：xxx；考试时间：100分钟；命题人：xxx注意事项：1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2．请将答案正确填写在答题卡上第I卷（选择题）请点击修改第I卷的文字说明一、多选题1．质量为m的物体静止在光滑水平面上，从t=0时刻开始受到水平力的作用。力的大小F与时间t的关系如图所示，力的方向保持不变，则下列说法正确的是A．2t0时刻的瞬时速度为6F0t0mB．在t=t0到2t0这段时间内物体发生的位移5F0t022mC．3t0时刻的瞬时功率为12F02t0mD．在t=0到3t0这段时间内，水平力的平均功率为9F02t0m【答案】BC【解析】【分析】通过牛顿第二定律，结合运动学公式求出瞬时速度的大小和位移大小，通过瞬时功率的公式求出瞬时功率的大小，通过水平力做功求出平均功率的大小。【详解】A项：在图示的图象中，图象所围成的面积表示冲量，2t0内的总冲量为4F0t0，由动量定理知4F0t0=mv，解得：v=4F0t0m，故A错误；B项：在图示的图象中，图象所围成的面积表示冲量，t0内的总冲量为F0t0，由动量定理知F0t0=mv1，解得：v1=F0t0m，由动能定理可得物体在t0∼2t0时间内的位移为：3F0x=12mv2−12mv12，解得：x=5F0t022m，故B正确；C项：在图示的图象中，图象所围成的面积表示冲量，3t0内的总冲量为6F0t0，由动量定理知6F0t0=mv3，解得：v3=6F0t0m，所以此时的功率为P=2F0×6F0t0m=12F02t0m，故C正确；D项：0∼t0内的位移：12F0mt02，t0∼2t0内的位移：F0mt0×t0+12×3F0mt02=5F0t022m，2t0∼3t0内的位移：(F0mt0+3F0mt0)t0+12×2F0mt02=5F0t02m，所以0∼3t0内力所做的功为：W=F0×12×F0t02m+3F0×5F0t02m+2F0×5F0t02m=51F02t022m，所以水平外力的平均功率为：P=Wt=51F02t022m×13t0=17F02t02m，故D错误。故应选BC。【点睛】解决本题的关键掌握平均功率和瞬时功率的求法，知道平均功率和瞬时功率的区别。2．2018年7月12日，C919大型客机102机顺利完成首次空中远距离转场飞行。假设飞机在水平跑道上的滑跑是初速度为零的匀加速直线运动，加速1.6×103m时才能达到起飞所要求80m／s的速度。已知飞机的质量为7.0×104kg，滑跑时受到的阻力恒为重力的0.1倍，取g＝10m/s2，则在飞机滑跑的过程中第11页共24页◎第12页共24页…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………A．飞机加速度的大小为4m/s2B．飞机滑跑的时间为40sC．飞机牵引力的大小为1.4×105ND．飞机牵引力的最大功率为1.68×107W【答案】BD【解析】【详解】飞机加速度的大小为a=v22x=8022×1600m/s=2m/s2，选项A错误；根据x=v2t解得飞机滑跑的时间为t=2xv=40s，选项B正确；根据F-f=ma可得飞机牵引力的大小为F=ma+kmg=2.1×105N，选项C错误；飞机牵引力的最大功率为P=Fv=2.1×105×80W=1.68×107W，选项D正确；故选BD.3．如图所示，整个空间充满竖直向下的匀强电场，一带正电的小球自A点由静止开始自由下落，到达B点时与绝缘弹簧接触，到达C点时弹簧被压缩至最短，然后被弹回。若不计弹簧质量和空气阻力，在带电小球（小球带电量不变）下降运动过程中，下列判断中正确的是()A．运动过程中小球所受重力和弹力做功之和等于小球动能增加量B．小球由B到C动能先增大后减小C．小球在C点时加速度最大D．小球由B到C的过程中，动能和弹簧弹性势能之和增大【答案】BCD【解析】【详解】运动过程中小球所受重力、弹力和电场力做功之和等于小球动能增加量，选项A错误；在B点时电场力和重力之和大于弹力，小球的加速度向下，随小球的下降，弹力增大，则加速度减小，直到重力和电场力...
