几何不等式测试题1．在△ABC中，M为BC边的中点，∠B=2∠C，∠C的平分线交AM于D。证明：∠MDC≤45°。2．设NS是圆O的直径，弦AB⊥NS于M，P为弧上异与N的任一点，PS交AB于R，PM的延长线交圆O于Q，求证：RS＞MQ。3．在△ABC中，设∠A，∠B，∠C的平分线交外接圆于P、Q、R。证明：AP+BQ+CR＞BC+CA+AB。4．过△ABC内一点O引三边的平行线，DE∥BC,FG∥CA,HI∥AB,点D、E、F、G、I都在△ABC的边上，表示六边形DGHEFI的面积，表示△ABC的面积。求证：。5．求证：△ABC的内心I到各顶点的距离之和不小于重心G到各边距离之和的2倍。6．凸四边形ABCD具有性质：（1）AB=AD+BC，（2）在其内部有点P，P点到CD的距离为h，并使AP=h+AD,BP=h+BC，求证：。7．设H为锐角△ABC的垂心，A1，B1，C1，分别为AH，BH，CH与△ABC外接圆的交点。求证：。其中等号当且仅当△ABC为正三角形时成立。8．一凸四边形内接于半径为1的圆。证明：四边形周长与其对角线之和的差值u,满足0AC，直线EF交BC于P，过点D且平行于EF的直线分别交AC、AB于Q、R。N是BC上的一点，且∠NQP+∠NRP＜180°，求证：BN>CN。参考答案【同步达纲练习】1．设∠B的平分线交AC于E，易证EM⊥BC作EF⊥AB于F，则有EF=EM，∴AE≥EF=EM，从而∠EMA≥∠EAM,即90°-∠AMB≥∠EAM。又2∠MDC=2（∠MAC+∠ACD）=2∠MAC+∠ACM=∠MAC+∠AMB，∴90°≥∠AMD+∠MAC=2∠MDC，∴∠MDC≤45°。2．连结NQ交AB于C，连结SC、SQ。易知C、Q、S、M四点共圆，且CS是该圆的直径，于是CS>MQ。再证Rt△SMC≌Rt△SMR，从而CS=RS，故有RS>MQ.3．设的内心为I，由IA+IB>AB,IB+IC>BC,即2（AP-IP+BQ-IQ+CR-IR）＞AB+BC+CA（1）连AR，∵∠AIR=∠IAR，∴IR=AR，又AR=BR，用心爱心专心1同理（2）由（1）、（2）即得AP+BQ+CR>AB+BC+CA。4．如图8。设三边长分别为a、b、c，IF=x，EH=y，DG=z，则依题意有∽，，（易知OE=CF）同理，所以，由柯西不等式，从而于是5．设G到各边距离为由（r为内切圆半径），得又（艾尔多斯——莫德尔不等式）。故即AI+BI+CI≥2(r1+r2+r3)6．分别以A、B、P为圆心，AD、BC、h为半径作圆，三圆两两外切，EF为⊙A、⊙B外公切线，⊙P与EF相切时h最大，此时设AD=r,BC=R,⊙P半径为m，则化简得，即用心爱心专心2由知命题成立。7．由外接圆心O向BC作垂线OD于D，则AH=2·OD，∠DOC=∠A，故HA=2OD=2RcosA。同理HB=2RcosB,HC=2RcosC,由BC是的垂直平分线，，得同理。于是原不等式等价于而∴2(cosBcosC+cosCcosA+cosAcosB)故8．如图，引进有关边长、对角线、角的记号，则a+d>e,d+c>f,c+b>e,b+a>f,四式相加得a+b+c+d>e+f,即u=(a+b+c+d)-(e+f)>0.又四边形至少有一角，不妨设，则且，同样可设，由圆的半径为1及正弦定理得.于是u<2等价于证明：下面证明更强的结论：由于用心爱心专心3故结论成立。9．取BC中点M，只需证∠MRP+∠MQP=180°，即R、M、Q、P四点共圆。如图，连结ED，易知∠PEC=∠DEC，∠DEB=∠FEB，有连结ME。∠EMC=180°-2∠ACB，∠EDP=180°-∠ACB-∠CED。∴∠MED=∠ACB-∠CED=∠EPC∴△MDE∽△MEP，从而ME2=MD·MP=MC2又∵RQ∥FP，∴∠BRD=∠BFE=∠DCQ∴B、R、C、Q四点共圆。RD·DQ=BD·CD=（BM+MD）（CM-MD）=MC2-MD2=MD·MP-MD2=MD·PD∴R、M、Q、P四点共圆。即∠MRP+∠MQP=180°，当N∈BC，且∠NQP+∠NRP＜180°时，N必在M右侧，故BN>CN。用心爱心专心4
