代数-方程如果方程x2+ax+b=0与x2+px+q=0有一个公根，求以它们的相异根为根的二次方程．【题说】1957年上海市赛高二复赛题2．【解】设公根为α，则α2+aα+b=0α2+pα+q＝0相减，得(a-p)α＝q-b所以由韦达定理，另外两个相异的根为故所求方程为【注】利用两根之和等于一次项系数的相反数求出的方程为此方程与上面求出的方程仅是外形不同，事实上，a，b，p，q有关系．(b-q)2＝(aq-bp)(p-a)B2-002方程xn=1(x≥2)的n个根是1，x1，x2，…，xn-1．证明：【题说】1957年武汉市赛决赛题2．将原方程变形为(x-1)(xn-1+xn-2+…+x+1)=0．【证】xn-1=(x-1)(x-x1)…(x-xn-1)．因此，(x-x1)(x-x2)…(x-xn-1)＝xn-1+xn-2+…+x+1令x=±1得(1-x1)(1-x2)…(1-xn-1)=n所以用心爱心专心B2-003证明：如果整系数二次方程ax2+bx+c=0(a≠0)有有理根，那么a、b、c中至少有一个是偶数．【题说】1958年～1959年波兰数学奥林匹克三试题2．从而ap2+bpq+cq2=0若p、q均为奇数，则因此a、b、c中至少有一个偶数．若p、q中有一个偶数，则另一个为奇数．不妨设p为奇数，q为偶数，则即a为偶数．B2-004证明：方程x5+x=10有一正根为无理数．【题说】1963年合肥市赛高三二试题4．【证】当x=0时，x5+x＜10．当x=10时，x5+x＞10，因此x5+x=10必有正根(在(0，10)内)．并且p、q互质)满足条件p｜a0，q｜an．因此x5+x-10=0的有理根只可能是±10，±5，±2，±1．不难验证它们都不是方程的根．所以方程的正根都是无理数．B2-005设P(x)=a0xn+a1xn-1+…+an-1x+an是整系数多项式，如果P(0)与P(1)都是奇数，证明P(x)没有整数根．【题说】第三届(1971年)加拿大数学奥林匹克题5．第七届(1941年)莫斯科数学奥林匹克九、十年级题8．【证】对于整数m，若它是偶数，则P(m)与P(0)奇偶性相同；若它是奇数，P(m)与P(1)奇偶性相同，故P(m)总是奇数，不为0．因此，P(x)没有整数根．B2-006二次三项式f(x)=ax2+bx+c，如果方程f(x)=x无实根．证明：方程f(f(x))=x亦无实根．【题说】第七届(1973年)全苏数学奥林匹克十年级题1．【证】如果方程f(x)=x无实根，则对所有x的值，有f(x)＞x(若a＞0)或f(x)＜x(或a＜0)从而f(f(x))＞f(x)＞x用心爱心专心或f(f(x))＜f(x)＜x所以f(f(x))=x，无实根．【注】结论对所有连续函数f(x)均成立．B2-007设a和b为实数，且使方程x4+ax3+bx2+ax+1=0至少有一个实根，对所有这种数对(a，b)，求出a2+b2的最小可能值．【题说】第十五届(1973年)国际数学奥林匹克题3．本题由瑞典提供．【解】设实数x使x4+ax3+bx2+ax+1=0则从而方程y2+ay+(b-2)=0此式即平方整理得2｜a｜≥2+b从而程x4+ax3+bx2+ax+1的实根)．B2-008若P1(x)=x2-2，Pi(x)=P1[Pi-1(x)]，i=2，3，4，…．证明：对任何自然数n，方程Pn(x)=x的根都是不同的实根．【题说】第十八届(1976年)国际数学奥林匹克题2．本题由芬兰提供．【证】当｜x｜≥2时，P1(x)≥2，从而Pn(x)≥2，故Pn(x)的所有实根都在(-2，2)中．设x=2cost，则P1x(t)=4cos2t-2=2cos2t从而Pnx(t)=2cos2nt用心爱心专心即当2nt=±t+2kπ，k=0，1，…时，得Pn(x)=x的2n个不同的实根，因为Pn(x)次数是2n，所以它的所有根都是实根．B2-009已知方程2x2-9x+8=0，求作一个二次方程，使它的一个根为原方程两根和的倒数，另一根为原方程两根差的平方．【题说】1978年全国联赛一试题4．【解】设已知方程的两个根为x1、x2，所求方程为x2+px+q=0，它故所求方程为36x2-161x+34=0．B2-010设a、b、c、d是互不相同的四个整数，r是方程(x-a)(x-b)(x-c)(x-d)-9=0【题说】1979年河南省赛一试题7．【证】由题意(r-a)，(r-b)，(r-c)，(r-d)是互不相同的四个整数，且(r-a)(r-b)(r-c)(r-d)=9由整数的唯一分解定理知r-a，r-b，r-c，r-d只能分别是-1，1，-3，3．所以(r-a)+(r-b)+(r-c)+(r-d)=0即B2-011设a、b、c是方程x3-x2-x-1=0的根．1．证明：a、b、c彼此不等；2．证明：下式表示一个整数【题说】第十四届(1982年)加拿大数学奥林匹克题2．第2小题中，1982换成任意自然数n均成立．【证】1．由韦达定理，有a+b+c=1，bc+ca+ab=-1，abc=1用心爱心专心如果a、b、c中有两数相等，不妨设b=c．则有a+2b＝1，b2+2ab＝-1，ab2＝1由前二式解得a=-1...
