专题3.2动点轨迹成曲线坐标关系是关键【题型综述】1.动点轨迹问题解题策略一般有以下几种:(1)直译法:一般步骤为:①建系,建立适当的坐标系;②设点,设轨迹上的任一点P(x,y);③列式,列出动点P所满足的关系式;④代换,依条件式的特点,选用距离公式、斜率公式等将其转化为x,y的方程式,并化简;⑤证明,证明所求方程即为符合条件的动点轨迹方程.(2)定义法:先根据条件得出动点的轨迹是某种已知曲线,再由曲线的定义直接写出动点的轨迹方程;(3)代入法(相关点法):动点P(x,y)依赖于另一动点Q(x0,y0)的变化而变化,并且Q(x0,y0)又在某已知曲线上,则可先用x,y的代数式表示x0,y0,再将x0,y0代入已知曲线得要求的轨迹方程;(4)参数法:当动点P(x,y)坐标之间的关系不易直接找到,也没有相关动点可用时,可考虑将x,y均用一中间变量(参数)表示,得参数方程,再消去参数得普通方程.2.解轨迹问题注意:(1)求点的轨迹与求轨迹方程是不同的要求,求轨迹时,应先求轨迹方程,然后根据方程说明轨迹的形状、位置、大小等.(2)要验证曲线上的点是否都满足方程,以方程解为坐标点是否都在曲线上,补上在曲线上而不满足方程解得点,去掉满足方程的解而不再曲线上的点.【典例指引】类型一代点法求轨迹方程例1【2017课标II,理】设O为坐标原点,动点M在椭圆C:2212xy上,过M作x轴的垂线,垂足为N,点P满足2NPNM�。(1)求点P的轨迹方程;(2)设点Q在直线3x上,且1OPPQ�。证明:过点P且垂直于OQ的直线l过C的左焦点F。因此点P的轨迹方程为222xy。(2)由题意知1,0F。设3,,,QtPmn,则13,,1,,33OQtPFmnOQPFmtn�,,,3,OPmnPQmtn�。由1OPPQ�得2231mmtnn,又由(1)知222mn,故330mtn。所以0OQPF�,即OQPF�。又过点P存在唯一直线垂直于OQ,所以过点P且垂直于OQ的直线l过C的左焦点F。类型二定义法求轨迹方程例2.【2016高考新课标1卷】设圆222150xyx的圆心为A,直线l过点B(1,0)且与x轴不重合,l交圆A于C,D两点,过B作AC的平行线交AD于点E.(I)证明EAEB为定值,并写出点E的轨迹方程;(II)设点E的轨迹为曲线C1,直线l交C1于M,N两点,过B且与l垂直的直线与圆A交于P,Q两点,求四边形MPNQ面积的取值范围.则3482221kkxx,341242221kkxx.2所以34)1(12||1||22212kkxxkMN.过点)0,1(B且与l垂直的直线m:)1(1xky,A到m的距离为122k,所以1344)12(42||22222kkkPQ.故四边形MPNQ的面积341112||||212kPQMNS.可得当l与x轴不垂直时,四边形MPNQ面积的取值范围为)38,12[.当l与x轴垂直时,其方程为1x,3||MN,8||PQ,四边形MPNQ的面积为12.综上,四边形MPNQ面积的取值范围为)38,12[.类型三参数法求轨迹方程例3[2016高考新课标Ⅲ文数]已知抛物线C:22yx的焦点为F,平行于x轴的两条直线12,ll分别交C于,AB两点,交C的准线于PQ,两点.(I)若F在线段AB上,R是PQ的中点,证明//ARFQ;(II)若PQF的面积是ABF的面积的两倍,求AB中点的轨迹方程.则2,2121211baSxabFDabSPQFABF.3由题设可得221211baxab,所以01x(舍去),11x.设满足条件的AB的中点为),(yxE.当AB与x轴不垂直时,由DEABkk可得)1(12xxyba.而yba2,所以)1(12xxy.当AB与x轴垂直时,E与D重合,所以,所求轨迹方程为12xy.....12分类型四直译法求轨迹方程例4.已知动圆C过点1,0Q,且在y轴上截得的弦长为2.(Ⅰ)求圆心C的轨迹方程;(Ⅱ)过点1,0Q的直线l交轨迹C于1122,,,AxyBxy两点,证明:2211QAQB为定值,并求出这个定值.4点睛:定点、定值问题通常是通过设参数或取特殊值来确定“定点”是什么、“定值”是多少,或者将该问题涉及的几何式转化为代数式或三角问题,证明该式是恒定的.定点、定值问题同证明问题类似,在求定点、定值之前已知该值的结果,因此求解时应设参数,运用推理,到最后必定参数统消,定点、定值显现.【扩展链接】1.若一个圆1C内含于另一个圆2C,则与大圆内切与小圆外切的圆...