江西新余第四中学上高第二中学2019届高三化学上学期第二次联考试题含解析VIP免费

-1-/18江西省新余四中、上高二中2019届高三第二次联考化学试题1.下列说法不正确的是A.天然气、酒精和汽油分别属于化石能源、可再生能源和二次能源B.富含N、P元素的生活用水可以直接用来灌溉农田C.刚玉、红宝石主要成分是氧化铝，陶瓷、分子筛主要成分是硅酸盐D.我国油品从国IV汽油升级到国V汽油，有助于减少酸雨、雾霾，提高空气质量【答案】B【解析】【详解】A.天然气属于化石能源，不能再生；酒精属于可再生能源，通过微生物的发酵可以生成；汽油属于二次能源，由石油经分馏而来，故A正确；B.富含N、P元素的生活用水不能直接排放入河流中，也不可以直接用来灌溉农田，会造成水体富营养化，故B错误；C.刚玉、红宝石主要成分是氧化铝，分子筛是结晶态的硅酸盐，陶瓷的主要成分也是硅酸盐，故C正确；D.从国四汽油升级到国v汽油可减少污染物的排放，提高空气质量，故D正确。故选B。2.下列反应的离子方程式正确的是A.NaAlO2溶液中通入过量的CO2：2AlO2﹣+3H2O+CO2═2Al（OH）3↓+CO32﹣B.明矾溶液中滴加Ba（OH）2溶液至SO42﹣完全沉淀：Al3++Ba2++SO42﹣+3OH﹣═BaSO4↓+Al（OH）3↓C.200mL2mol/L的FeBr2溶液中通入11.2L标准状况下的氯气：4Fe2++6Br﹣+5Cl2═4Fe3++3Br2+10Cl﹣D.在强碱溶液中次氯酸钠与Fe（OH）3反应生成Na2FeO4：3ClO﹣+2Fe（OH）3═2FeO42﹣+3Cl﹣+H2O+4H+【答案】C【解析】【分析】A.NaAlO2溶液中通入过量的CO2，反应生成氢氧化铝和碳酸氢钠；B.明矾溶液中滴加Ba（OH）2溶液至SO42﹣完全沉淀，反应生成硫酸钡、偏铝酸钠和水；C.二价铁离子还原性强于溴离子，氯气先氧化二价铁，再氧化溴离子；-2-/18D.强碱溶液中，不能生成氢离子。【详解】A.NaAlO2溶液中通入过量的CO2，离子方程式为：AlO2﹣+CO2+2H2O=Al（OH）3↓+HCO3﹣，故A错误；B.明矾溶液中滴加Ba（OH）2溶液至SO42﹣完全沉淀，离子方程式为：Al3++2SO42﹣+2Ba2++4OH﹣═2BaSO4↓+AlO2﹣+2H2O，故B错误；C.200mL2mol/L的FeBr2溶液中通入11.2L标准状况下的氯气，离子方程式：4Fe2++6Br﹣+5Cl2═4Fe3++3Br2+10Cl﹣，故C正确；D.在强碱溶液中次氯酸钠与Fe（OH）3反应生成Na2FeO4，离子方程式为：2Fe（OH）3+3ClO﹣+4OH﹣=2FeO42﹣+3Cl﹣+5H2O，故D错误。故选C。【点睛】明确反应事实，掌握离子方程式书写方法是解题关键，注意反应物用量对反应的影响。3.下列有关实验原理或实验操作正确的是A.实验室用图甲所示装置制取少量氨气B.为使100mL0.5mol/L的NaNO3溶液物质的量浓度变为1mol/L，可将原溶液加热蒸发掉50mL水C.利用图乙装置，可制取乙烯并验证其易被酸性KMnO4溶液氧化D.利用图丙装置，可说明浓H2SO4具有脱水性、强氧化性，SO2具有漂白性、还原性【答案】D【解析】【分析】A.气体收集装置不能密封；B.100mL溶液蒸发掉50g水，剩余溶液体积未知，不能计算物质的量浓度；C.挥发出来的乙醇也能够使酸性高锰酸钾溶液褪色，干扰了检验结果；-3-/18D.浓硫酸使蔗糖变黑，然后C与浓硫酸反应生成二氧化硫，二氧化硫能够漂白品红溶液，还能够与高锰酸钾发生氧化还原反应。【详解】A.收集氨气的试管不能密封，否则无法收集氨气，故A错误；B.蒸发掉50mL水后，剩余溶液未告诉密度，无法计算溶液的体积，则无法计算所得溶液的浓度，故B错误；C.乙醇易挥发，挥发出的乙醇干扰了乙烯的检验，应该先用水除去乙醇，故C错误；D.浓硫酸使蔗糖变黑，可知浓硫酸的脱水性，然后C与浓硫酸反应生成二氧化硫，二氧化硫能够使品红溶液褪色，证明二氧化硫检验漂白性；二氧化硫与高锰酸钾发生氧化还原反应，高锰酸钾褪色可知二氧化硫具有还原性，故D正确。故选D。4.如图两种化合物的结构或性质描述正确的是A.两种化合物均是芳香烃B.两种化合物可用红外光谱区分，但不能用核磁共振氢谱区分C.两种化合物分子中共平面的碳原子数相同D.两种化合物互为同分异构体，均能与溴水反应【答案】D【解析】【详解】A.第一种物质含有苯环，属于芳香烃，第二种物质含有碳碳双键，不属于芳香烃，故A错误；B.两种有机物H原子位置不同，可用核磁共振氢谱区分，故B错误；C.第一种物质含有苯环，8个C原子共面，第二种物质含有碳碳双键，7个C原子共面，故C错误；...