高中数学 第三章 函数 3.1.2 函数的单调性（第1课时）函数的单调性及函数的平均变化率应用案巩固提升 新人教B版必修第一册-新人教B版高一第一册数学试题VIP免费

第1课时函数的单调性及函数的平均变化率[A基础达标]1．如图是函数y＝f(x)的图像，则此函数的单调递减区间的个数是()A．1B．2C．3D．4解析：选B.由图像，可知函数y＝f(x)的单调递减区间有2个．故选B.2．下列函数中，在区间(0，2)上为增函数的是()A．y＝3－xB．y＝x2＋1C．y＝D．y＝－|x＋1|解析：选B.y＝3－x，y＝，y＝－|x＋1|在(0，2)上都是减函数，只有y＝x2＋1在(0，2)上是增函数．3．若函数f(x)在R上是减函数，则下列关系式一定成立的是()A．f(a)>f(2a)B．f(a2)a2，所以f(a2＋1)0D．增函数且f(0)>0解析：选A.因为y＝ax和y＝－在(0，＋∞)上都是减函数，所以a<0，b<0，所以f(x)＝bx＋a为减函数且f(0)＝a<0，故选A.6．已知函数f(x)＝则f(x)的单调递减区间是________．解析：当x≥1时，f(x)是增函数，当x<1时，f(x)是减函数，所以f(x)的单调递减区间为(－∞，1)．答案：(－∞，1)7．如果二次函数f(x)＝x2－(a－1)x＋5在区间上是增函数，则实数a的取值范围为________．解析：因为二次函数f(x)＝x2－(a－1)x＋5的图像的对称轴为直线x＝，又函数f(x)在区间上是增函数，所以≤，解得a≤2.答案：(－∞，2]8．已知函数f(x)在R上是减函数，A(0，－2)，B(－3，2)是其图像上的两点，那么不等式－20.又因为x1，x2∈[1，＋∞)，所以x2＋1>0，x1＋1>0.所以f(x2)－f(x1)>0，所以f(x2)>f(x1)．所以函数f(x)＝在[1，＋∞)上是增函数．[B能力提升]11．函数y＝的单调递增区间是()A．(－∞，－3]B.C．(－∞，1)D．[－1，＋∞)解析：选B.由2x－3≥0，得x≥.又因为t＝2x－3在(－∞，＋∞)上单调递增，y＝在定义域上是增函数，所以y＝的单调递增区间是.12．已知函数f(x)＝是(－∞，＋∞)上的减函数，则实数a的取值范围是()A.B.C.D.解析：选A.当x<0时，函数f(x)＝x2－ax＋1是减函数，解得a≥0，当x≥0时，函数f(x)＝－x＋3a是减函数，分段点0处的值应满足1≥3a，解得a≤，所以0≤a≤.13．已知定义在[1，4]上的函数f(x)是减函数，求满足不等式f(1－2a)－f(3－a)>0的实数a的取值范围．解：由题意，可得f(1－2a)>f(3－a)．因为f(x)在定义域[1，4]上单调递减，所以，解得－1≤a≤0，所以实数a的取值范围为[－1，0]．14．已知函数f(x)＝x－＋在(1，＋∞)上是增函数，求实数a的取值范围．解：设11.因为函数f(x)在(1，＋∞)上是增函数，所以f(x1)－f(x2)＝x1－＋－＝(x1－x2)<0.因为x1－x2<0，所以1＋>0，即a>－x1x2.因为11，所以－x1x2<－1，所以a≥－1.所以a的取值范围是[－1，＋∞)．[C拓展探究]15．设f(x)＝x2＋1，g(x)＝f(f(x))，F(x)＝g(x)－λf(x)．问是否存在实数λ，使F(x)在区间上是减函数且在区间上是增函数？解：假设存在这样的实数λ，则由f(x)＝x2＋1，g(x)＝f(f(x))，得g(x)＝(x2＋1)2＋1，所以F(x)＝g(x)－λf(x)＝x4＋(2－λ)x2＋2－λ.令t＝x2，则t＝x2在(－∞，0)上递减，且当x∈时，t＞；当x∈时，0＜t＜.故要使F(x)在上递减，在上递增，则函数φ(t)＝t2＋(2－λ)t＋2－λ在上递增，在上递减，所以函数φ(t)＝t2＋(2－λ)t＋2－λ的图像的对称轴t＝为t＝，即＝，则λ＝3.故存在这样的实数λ(λ＝3)，使F(x)在区间上是减函数且在区间上是增函数．