1．(单选)某人站在完全光滑的水平冰冻河面上欲到岸边，可采取的方法是()A．步行B．滑行C．挥动双手D．将衣物抛向岸的反方向解析：选D.根据反冲运动的原理可知，只有向反方向抛出物体，才能获得靠岸的速度．2.图1－4－6(单选)小车上固定一直杆，直杆上端用长为L的细线系一质量为m的小球，如图1－4－6所示．已知小车与直杆的总质量为M，水平地面光滑．将小球拉到直杆顶端等高的位置释放，当小球到达另一侧等高点时，小车后退的距离为()A.LB.LC.LD.L解析：选D.小球释放后，小车向右运动，两者组成的系统水平方向动量守恒，取向左为正方向，初动量为零，故0＝mv1－Mv2，因v1、v2始终成正比，故平均水平动量也守恒，0＝m1－M2，其水平位移0＝ms1－Ms2，又s1＋s2＝2L，解得s2＝L，D正确．3．(单选)一炮艇在湖面上匀速行驶，突然从船头和船尾同时向前和向后发射一颗炮弹，设两炮弹质量相同，相对于地的速率相同，牵引力和阻力均不变，则船的动量和速度的变化情况是()A．动量不变，速度增大B．动量变小，速度不变C．动量增大，速度增大D．动量增大，速度减小解析：选A.整个过程动量守恒，由于两发炮弹的总动量为零，因而船的动量不变．又因为船发射炮弹后质量变小，因此船的速度增大．图1－4－74．(单选)(2011年高考四川卷)如图1－4－7是“神舟”系列航天飞船返回舱返回地面的示意图，假定其过程可简化为：打开降落伞一段时间后，整个装置匀速下降，为确保安全着陆，需点燃返回舱的缓冲火箭，在火箭喷气过程中返回舱做减速直线运动，则()A．火箭开始喷气瞬间伞绳对返回舱的拉力变小B．返回舱在喷气过程中减速的主要原因是空气阻力C．返回舱在喷气过程中所受合外力可能做正功D．返回舱在喷气过程中处于失重状态解析：选A.火箭开始喷气瞬间，返回舱受到向上的反作用力，所受合外力向上，故伞绳的拉力变小，所以选项A正确；返回舱与降落伞组成的系统在火箭喷气前受力平衡，喷气后减速的主要原因是受到喷出气体的反作用力，故选项B错误；返回舱在喷气过程中做减速直线运动，故合外力一定做负功，选项C错误；返回舱喷气过程中产生竖直向上的加速度，故应处于超重状态，选项D错误．5．在沙堆上有一木块，质量M＝5kg，木块上放一爆竹，质量m＝0.10kg.点燃爆竹后木块陷入沙中深5cm，若沙对木块运动的阻力恒为58N，不计爆竹中火药质量和空气阻力．求爆竹上升的最大高度．解析：火药爆炸时内力远大于重力，所以爆炸时动量守恒，设v、v′分别为爆炸后爆竹和木块的速率，取向上的方向为正方向由动量守恒定律得mv－Mv′＝0①木块陷入沙中做匀减速运动到停止，其加速度为a＝＝m/s2＝1.6m/s2木块做匀减速运动的初速度v′＝＝m/s＝0.4m/s②用心爱心专心1②代入①式，得v＝20m/s爆竹以初速度v做竖直上抛运动，上升的最大高度为h＝＝m＝20m.答案：20m一、单项选择题1．一人从静止的小船船头跳上岸，不计水的阻力，下列说法中正确的是()A．人跳出的速度一定大于船后退的速度B．人跳出的动量一定小于船后退的动量C．人跳出的动量一定大于系统原有的总动量D．人跳出的动量一定小于系统原有的总动量解析：选C.因不计水的阻力，人与船组成的系统动量守恒，初动量为零，有0＝m人v人－m船v船，m人v人＝m船v船，B错误；因人、船质量关系未知，故A错误；人跳出后的动量大于零，C正确，D错误．2．一小型火箭在高空绕地球做匀速圆周运动，若其沿运动方向的相反方向射出一物体P，不计空气阻力，则()A．火箭一定离开原来轨道运动B．P一定离开原来轨道运动C．火箭运动半径可能不变D．P运动半径一定减小解析：选A.火箭射出物体P后，由反冲原理火箭速度变大，所需向心力变大，从而做离心运动离开原来轨道，半径增大．P的速率可能减小，可能不变，可能增大，运动也存在多种可能性，所以A对，B、C、D错．3.图1－4－8如图1－4－8所示，质量为M的汽缸置于光滑水平地面上，缸内有一隔板P，隔板右侧是真空，左侧是质量为m的高压气体，若将隔板突然抽去，则汽缸的运动情况是()A．保持静止不动B．向左移动一段距离后又静止C．向左移动一段距离后继而向左匀速运动D．先向左移动，后向右移动回到原来位置解析：选B.抽去挡板瞬间，气体向...
