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高中数学 第6章 导数及其应用章末综合提升教案 新人教B版选择性必修第三册-新人教B版高二选择性必修第三册数学教案VIP免费

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第6章导数及其应用[巩固层·知识整合][提升层·题型探究]导数的几何意义及其应用【例1】(1)曲线y=xex-1在点(1,1)处切线的斜率等于()A.2eB.eC.2D.1(2)已知函数y=f(x)的图像是下列四个图像之一,且其导函数y=f′(x)的图像如图所示,则该函数的图像是()(1)C(2)B[(1)y′=ex-1+xex-1=(x+1)ex-1,故曲线在点(1,1)处的切线斜率为k=2.(2)从导函数的图像可以看出,导函数值先增大后减小,x=0时最大,所以函数f(x)的图像的变化率也先增大后减小,在x=0时变化率最大.A项,在x=0时变化率最小,故错误;C项,变化率是越来越大的,故错误;D项,变化率是越来越小的,故错误;B项正确.]利用导数的几何意义求切线方程时关键是搞清所给的点是不是切点,常见的类型有两种,一是求“在某点处的切线方程”,则此点一定为切点,先求导,再求斜率代入直线方程即可得;另一类是求“过某点的切线方程”,这种类型中的点不一定是切点,可先设切点为Q(x1,y1),则切线方程为y-y1=f′(x1)(x-x1),再由切线过点P(x0,y0)得y0-y1=f′(x1)(x0-x1),①又y1=f(x1),②由①②求出x1,y1的值,即求出了过点P(x0,y0)的切线方程.[跟进训练]1.已知曲线y=x3+.(1)求曲线在点P(2,4)处的切线方程;(2)求曲线过点P(2,4)的切线方程;(3)求斜率为4的曲线的切线方程.[解](1) P(2,4)在曲线y=x3+上,且y′=x2,∴在点P(2,4)处的切线的斜率k=4.∴曲线在点P(2,4)处的切线方程为y-4=4(x-2),即4x-y-4=0.(2)设曲线y=x3+与过点P(2,4)的切线相切于点A,则切线的斜率k=x.∴切线方程为y-=x(x-x0),即y=x·x-x+. 点P(2,4)在切线上,∴4=2x-x+,即x-3x+4=0,∴x+x-4x+4=0.∴x(x0+1)-4(x0+1)(x0-1)=0,∴(x0+1)(x0-2)2=0,解得x0=-1或x0=2,故所求的切线方程为4x-y-4=0或x-y+2=0.(3)设切点为(x0,y0),则切线的斜率k=x=4,∴x0=±2.∴切点为(2,4)或.∴斜率为4的曲线的切线方程为y-4=4(x-2)和y+=4(x+2),即4x-y-4=0和12x-3y+20=0.利用导数判断函数的单调性【例2】设函数f(x)=xea-x+bx,曲线y=f(x)在点(2,f(2))处的切线方程为y=(e-1)x+4.(1)求a,b的值;(2)求f(x)的单调区间.[思路探究](1)利用导数的几何意义和求导运算建立方程组求未知数.(2)利用导数与函数单调性的关系判断函数的单调性.[解](1)因为f(x)=xea-x+bx,所以f′(x)=(1-x)ea-x+b.依题设,即解得(2)由(1)知f(x)=xe2-x+ex.由f′(x)=e2-x(1-x+ex-1)及e2-x>0知,f′(x)与1-x+ex-1同号.令g(x)=1-x+ex-1,则g′(x)=-1+ex-1.所以,当x∈(-∞,1)时,g′(x)<0,g(x)在区间(-∞,1)上单调递减;当x∈(1,+∞)时,g′(x)>0,g(x)在区间(1,+∞)上单调递增.故g(1)=1是g(x)在区间(-∞,+∞)上的最小值,从而g(x)>0,x∈(-∞,+∞).综上可知,f′(x)>0,x∈(-∞,+∞),故f(x)的单调递增区间为(-∞,+∞).利用导数的符号判断函数的增减性,进而确定函数的单调区间,这是导数的几何意义在研究曲线变化规律时的一个应用,它充分体现了数形结合思想.这部分内容要注意的是fx为增函数⇔f′x≥0且f′x=0的根有有限个,fx为减函数⇔f′x≤0且f′x=0的根有有限个.[跟进训练]2.(1)讨论函数f(x)=ex的单调性,并证明当x>0时,(x-2)ex+x+2>0;(2)证明:当a∈[0,1)时,函数g(x)=(x>0)有最小值.设g(x)的最小值为h(a),求函数h(a)的值域.[解](1)f(x)的定义域为(-∞,-2)∪(-2,+∞).f′(x)==≥0,当且仅当x=0时,f′(x)=0,所以f(x)在(-∞,-2),(-2,+∞)上单调递增.因此当x∈(0,+∞)时,f(x)>f(0)=-1.所以(x-2)ex>-(x+2),即(x-2)ex+x+2>0.(2)g′(x)==(f(x)+a).由(1)知,f(x)+a单调递增.对任意a∈[0,1),f(0)+a=a-1<0,f(2)+a=a≥0.因此,存在唯一xa∈(0,2],使得f(xa)+a=0,即g′(xa)=0.当0xa时,f(x)+a>0,g′(x)>0,g(x)单调递增.因此g(x)在x=xa处取得最小值,最小值为g(xa)===.于是h(a)=.由′=>0,得...

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